2024年高二物理第二学期期末模拟试卷及答案（十）

2024年高二物理第二学期期末模拟试卷及答案（十）

一、选择题：本大题共10小题，共35分。在每小题给出的四个选项

中，第1巧题（3分/题）只有一项符合题目要求；第6・10题（4分/

题）有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2

分，有错选或不选的得。分。

1.发现电磁感应现象的物理学家是（）

A.法拉第B.安培C.牛顿D.伽利略

2.关于感应电动势的大小，下列说法正确的是（）

A.跟穿过闭合电路的磁通量有关

B.跟穿过闭合电路的磁通量的变化大小有关

C.跟穿过闭合电路的磁通量的变化快慢有关

D.跟电路中电阻大小有关

3.如图所示，A、B两灯相同，L是带铁芯的电阻可不计的线圈，下

列说法中正确的是（）

A.K断开瞬间，A、B两灯同时熄灭

B.K断开瞬间，B灯立即熄灭，A灯闪亮后再逐渐熄灭

C.开关K合上瞬间，B灯先亮起来，A灯后亮起来

D.K合上稳定后，A、B两灯同时亮着

4.如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区

域.从BC边进入磁场区开始计时，到A点离开磁场区止的过程中，

线框内感应电流的情况（以逆时针方向为电流的正方向）是如图所示

中的（）

Z］卜XXXX

C；xxXXX

5.如图所示为一交流电的电流随时间变化的图象，则此交流电的有

效值为（）

°7：T3T：一12

„卜…2:：--：2-：--?

A.3AB.4AC.SAD.6A

6.关于扼流圈的说法，正确的是（）

A.扼流圈是利用电感阻碍交变电流的作用制成的

B.低频扼流圈用来〃通低频，阻高频〃

C.低频扼流圈用来〃通直流，阻交流〃

D.图频扼流圈用来〃通直流，阻交流〃

7.如图是霍尔元件的工作原理示意图，如果用d表示薄片的厚度，k

为霍尔系数，对于一个霍尔元件d、k为定值，如果保持I恒定，则

可以验证UH随B的变化情况.以下说法中正确的是（工作面是指较

大的半血）（）

A.将水磁体的一个磁极逐渐靠近霍尔元件的工作面，UH将变小

B.在测定地球两极的磁场强弱时，霍尔元件的工作面应保持竖直

C.在测定地球赤道上的磁场强弱时，霍尔元件的工作面应保持竖直

D.改变磁感线与霍尔元件工作面的夹角，UH将发生变化

8.如图所示是发电厂通过升压变压器进行高压输电，接近用户端时

再通过降压变压器降压给用户供电的示意图（图中变压器均可视为理

想变压器，图中电表均为理想交流电表）.设发电厂输出的电压一定,

两条输电线总电阻用Ro表示，变阻器R相当于用户用电器的总电

阻.当用电器增加时，相当于R变小，则当用电进入高峰时（）

A.电压表V3、V4的读数均减小，电流表A3的读数也减小

B.电压表V］、V2的读数均不变，电流表A】、A2的读数均增大

C.电流表5、M的读数之差与电流表4的读数的比值不变

D.发电厂的输出功率不变

9.如图甲所示，在倾角为e的光滑斜面内分布着垂直于斜面的匀强

磁场，其磁感应强度B随时间变化的规律如图乙所示.质量为m的

矩形金属框从t=0时刻静止释放,t3时刻的速度为v,移动的距离为L,

重力加速度为g.在金属框下滑的过程中，下列说法正确的是（）

♦&

A.ti〜t3时间内金属框中的电流方向不变

B.0〜t3时间内金属框做匀加速直线运动

C.。〜t3时间内金属框做加速度逐渐减小的直线运动

1o

D.0〜t3时间内金属框中产生的焦耳热为mgLsinQ-ymv

10.如图所示，相距为d的边界水平的匀强磁场，磁感应强度垂直纸

面向里、大小为B.质量为m、电阻为R、边长为L的正方形线圈M,

将线圈在磁场上方高h处由静止释放，已知cd边刚进入磁场时和cd

边刚离开磁场时速度相等，不计空气阻力，则（）

A.若L=d,则线圈穿过磁场的整个过程用时为2面

B.在线圈穿过磁场的整个过程中，克服安培力做功为mgd

mgR

C.若LVd,则线圈穿过磁场的整个过程中最小速度可能为亚

D.若L<d,则线圈穿过磁场的整个过程中最小速度可能为他赢

二、实验题：请将正确答案填在答题卷的相应位置，每空2分，本题

共2小题，共8分0

11.热电传感器是利用热敏电阻将热信号转换成电信号的元件，某学

习小组的同学在〃用多用电表研究热敏特性〃实验中，安装好如图所示

的装置.

（1）多用电表的选择开关应置于挡；

（2）向杯内加入冷水，温度计的示数为20℃,多用电表选择适当的

倍率，读出热敏电阻的阻值Ri,然后向杯内加入适量热水，水温均匀

后温度计的示数为60℃,热敏电阻的阻值随温度的升高而降低.则

观察到多用电表的指针偏转角度变.（填〃大〃或〃小〃）

12.用如图所示的实验装置研究电磁感应现象，当有电流从电流表的

止极流入时，指针向右偏转.则当把磁铁N极向卜插入线圈时，电流

表指针偏转；当把磁铁放在线圈中静止时，电流表指针偏转

（选填〃向左〃、〃向右〃、〃不〃）.

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式及计算步骤，只写

出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案必须写出数值和单位。

本题2个小题，共18分。

13.如图甲所示，电流传感器(相当于一只理想电流表)能将各时刻

的电流数据实时通过数据采集器传输给计算机，经计算机处理后在屏

幕上同步显示出l-t图象.电阻不计的足够长光滑平行金属轨道宽

L=1.0m,与水平面的夹角6=37°.轨道上端连接阻值R=1.0Q的定值电

阻，金属杆MN长与轨道宽相等，其电阻r=0.50Q.质量m=0.02kg.在

轨道区域加一垂直轨道平面向下的匀强磁石，让金属杆从图示位置由

静止开始释放，杆在整个运动过程中与轨道垂直，此后计算机屏幕上

显示出如图乙所示的l-t图象.重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,

cos37°=0.8,试求：

(1)t=1.2s时电阻R的热功率;

（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小；

（3）t=1.2s时金属杆的速度大小和加速度大小.

14.如图所示，两根足够长的平行金属导轨MN、PQ相距为d,导轨

平面与水平面夹角为a,金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，

且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为m,导轨处于匀强磁场中，

磁场的方向垂直于导轨平面斜向上，磁感应强度大小为B,金属导轨

的上端与开关S、定值电阻％和电阻箱R2相连.不计一切摩擦，不

计导轨、金属棒的电阻，重力加速度为g,现闭合开关S,将金属棒

由静止释放.

（1）判断金属棒ab中电流的方向；

（2）若电阻箱R2接入电阻的阻值为R2=3RI,当金属棒下降高度为h

时，速度为v,求此过程中定值电阻Ri上产生的焦耳热Qi；

（3）当B=0.80T,d=0.05m,a=37°时,金属棒能达到的最大速度vm

随电阻箱R2阻值的变化关系如图乙所示,取g=10m/s2,sin37°=0.6,

cos37°=0.8,求定值电阻的阻值Ri和金属棒的质量m.

四、选修3・3,15・18题需选填正确答案标号，4分/题，选对1个给

1分，选对2个得3分，选对3个得4分，每选错1个扣2分，最低

得分为。分；第19题6分，第20题7分，第21题10分，该题满

分为39分。）

15.下列说法正确的是（)

A.悬浮在液体中的固体微粒越大，布朗运动就越不明显

B.物体的温度越高，分子热运动的平均动能越大

C.当分子间的距离增大时，分子间的引力变大而斥力减小

D.物体的温度随着科学技术的发展可以降低到绝对零度

E.物体的内能不可能为零

16.下列判断正确的是（）

A.我们可以利用高科技手段，将流散到周围环境中的内能重新收集

起来加以利用

B.利用浅层海水和深层海水间的温度差制造出一种热机，将海水的

一部分内能转化为机械能，这在原理上是可行的

C.制冷系统能将冰箱内的热量传给外界较高温度的空气

D.在热传递过程中，内能大的物体其内能将减小，内能小的物体其

内能将增加，直到两物体内能相等

E.在任一温度下，气体分子的速率分布呈现〃中间多、两头少〃的分

布规律

17.下列说法中正确的是（）

A.液晶是一种晶体

B.多晶体和单晶体都有固定的熔点

C.相互浸润的物体间附着层里液体分子相互作用表现为斥力

D.0℃的冰的内能比等质量的的水的内能大

E.在温度不变的情况下，增大液面上方饱和汽的体积，将气体重新

达到饱和时，饱和汽的密度不变，压强也不变

18.如图所示，电路与一绝热汽缸相连，R为电热丝，汽缸内封闭着

一定质量的理想气体，外界大气压强恒定，闭合电键后，绝热活塞K

缓慢且无摩擦地向右移动，则下列说法正确的是（）

A.气体的内增增加

B.气体分子平均动能不变

C.电热丝放出的热量等于气体对外所做的功

D.气体的压强不变

E.气体分子单位时间内对器壁单位面积的撞击次数减少

19.在（用油膜法估测分子大小）实验中所用的油酸酒精溶液的浓度

为每100mL溶液中有纯油酸0.5mL,用注射器测得1mL上述溶液为

80滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散

开，测得油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形方格的边

长为1cm,则：

（1）经数得油酸薄膜的轮廓内的小方格数为120个，则油酸膜的面

积是cm2；

（2）实验测出油酸分子的直径是—m（结果保留两位有效数字）；

（3）利用单分子油膜法可以粗测分子的大小和阿伏伽德罗常数，如

果已知体积V。的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S,

这种油的密度为p,摩尔质量为M,把油酸分子看做球模型，则阿伏

伽德罗常数的表达式为.

20.一粗细均匀的玻璃管长90cm,开口向上竖直放置，内部用高25cm

的水银柱封闭一段高30cm的空气柱（看作理想气体），外界大气压

为75cmHg,求：

（1）当玻璃管缓慢水平放置时，封闭气体的长度；

（2）此过程中吸热还是放热？并说明理由.

21.如图所示，一导热性能良好的容器水平放置，两端是直径不同的

两个圆筒，里面各有一个活塞，其横截面积分别为SA=10cm?和

2

SB=4cm,质量分别是MA=6kg,MB=4kg.它们之间用一质量不计的轻

质细杆相连.两活塞可在筒内无摩擦活动，但不漏气.在气温是-23℃

时，用销子M把B拴住，并把阀门K打开，使容器和大气相通，随

后关闭K,此时两活塞间气体体积是300cm3,当气温升到了T=300K

时求（设大气压强为1.0X105Pa不变，容器内气体温度始终和外界气

温相同）：

（1）此时封闭气体的压强；

（2）若温度升到T=300K,刚拔去销子M时两活塞的加速度；

（3）若活塞在各自圆筒内运动一段位移后速度达到最大，这时加速

度为多大（活塞运动过程没有碰到弯壁处）？

【选修3・4】：22・25题需选填正确答案标号，4分/题，选对1个给1

分，选对2个得3分，选对3个得4分，每选错1个扣2分，最低得

分为。分；第26题6分，第27题7分，第28题10分，该题满分为

39分。）

22.关于简谐运动的回复力和能量以下说法正确的是（）

A.简谐运动的回复力不可能是恒力

B.做简谐运动的物体的加速度方向与位移方向总是相反

C.简谐运动公式F二-kx中k是弹簧的劲度系数，x是弹簧的长度

D.做简谐运动的物体每次经过平衡位置合力一定为零

E.做简谐运动的物体动能和势能相互转化，振动的总能量保持不变

23.在以下各种说法中，正确的是（）

A.横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间

为一个周期

B.机械波和电磁波本质上不相同，但它们都能发生反射、折射、干

涉和衍射现象

C.相对论认为：真空中的光速在不同惯性参考系中都是相同的

D.变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电

场

E.如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这

些元素静止时发光的波长长，这说明该星系正在远离我们而去

24.以下说法正确的是（)

A.光的折射说明光时横波

B.照相机的镜头上涂一层增透膜后，可提高成像质量

C.增透膜的厚度应为入射光在薄膜中波长的看

D.光的偏振现象说明光是纵波

E.光纤通信应用了光的全反射原理

25.如图，a、b、c、d是均匀媒质中x轴上的四个质点，相邻两点的

间距依次为2m、4m和6m.一列简谐横波以2m/s的波速沿x轴正向

传播，在t=0时刻到达质点a处，质点a由平衡位置开始竖直向下运

动，t=3s时a第一次到达最高点.下列说法正确的是（）

A.在t=6s时刻波恰好传到质点d处

B.当质点d向下运动时，质点b一定向上运动

C.在t=5s时刻质点c恰好到达最高点

D.在4s<t<6s的时间间隔内质点c向上运动

E.质点b开始振动后，其振动周期为4s

26.某实验下组在利用单摆测定当地重力加速度的实验中：

（1）他们装好单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺从悬

点量到摆球的最低端的长度L=0.9990m,再用游标卡尺测量摆球直径,

结果如图所示，则该摆球的直径为—mm,单摆摆长为—m.

I?主尺cm

一■一一.1--

（2）小组成员在实验过程中有如下说法，其中正确的是—（填选

项前的字母）.

A.把单摆从平衡位置拉开5。的偏角，并在释放摆球的同时开始计时

B.测量摆球通过最低点100次的时间3则单边周期为孟

C.用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得

到的重力加速度值偏大

D.选择密度较小的摆球，测得的重力加速度值误差较大.

27.如图所示是一个透明圆柱的横截面，其半径为R,折射率是立，

AB是一条直径.今有一束平行光沿AB方向射向圆柱体.若一条入射

光线经折射后恰经过B点，则这条入射光线到AB的距离是多少？

28.机械横波某时刻的波形图如图所示，波沿x轴正方向传播，波长

X=0.8m,质点p的坐标x=0.32m.从此时刻开始计时.

（1）若每间隔最小时间0.4s重复出现波形图，求波速；

（2）若p点经0.4s第一次达到正向最大位移，求波速；

（3）若p点经0.4s到达平衡位置，求波速.

【选修3・5】：29・32题需选填正确答案标号，4分/题，选对1个给1

分,选对2个得3分，选对3个得4分，每选错1个扣2分，最低得

分为。分；第33题6分，第34题7分，第35题10分，该题满分

为39分。）

29.以下说法止确的是（）

A.由于衰变时释放巨大能量，根据E二me?知，衰变过程总会发生质

耳口

里万n预

B.铀核的半衰期不会受到环境温度的影响

C.卢瑟福通过a粒子散射实验，证实了再原子核内存在质子

D.聚变反应不会释放能量

E.衰变发出的V射线是波长很短的光子，具有很强的穿透能力

30.下列说法中正确的是（）

A.有的光是波，有的光是粒子

B.光子与电子是不同样的粒子

C.光的波长越长，其波动性越显著，波长越短，其粒子性越显著

D.大量光子的行为往往显示出粒子性

E.普朗克在研究黑体的热辐射问题中提出了能量子假设

31.下列说法正确的是（）

A.大量的氢原子从n=3的能级向低能级跃迁时只会辐射两种不同频

率的光

B.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应

C.发生光电效应时，入射光的光强一定，频率越高，单位时间内逸

出的光电子数就越少

D.一束单色光照射到某种金属表面不能发生光电效应，是因为该束

光的波长太短

E.对于任何一种金属在同一环境中都存在一个极限波长，入射光的

波长必须小于这个极限波长，才能产生光电效应

32.根据玻尔理论，氢原子的核外电子由外层轨道跃迁到内层轨道后

（）

A.原子的能量减少，核外电子的动能增加

B.原子的能量增加，系统的电势能减少

C.原子的能量增加，系统的电势能增加

D.原子的能量减少，核外电子的电势能减少

E.原子系统的电势能减少，核外电子的动能增加

33.如图所示，用〃碰撞实验器〃可以验证动量守恒定律，即研究两个

小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系.

（1）实验中，直接测定小球碰撞后的速度是不容易的.但是，可以

通过仅测量—（填选项前的符号），间接地解决这个问题.

A.小球开始释放高度h

B.小球做平抛运动的射程

C.小球抛出点距地面的高度H

（2）图中。点时小球抛出点在地面上的垂直投影，实验时，先让入

射球m1多次从斜轨上S位置由静止释放，找到其平均落地点的位置

P,测量平抛射程0P.然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分,

再将入射球mi从斜轨上S位置由静止释放，与小球m2相碰，并多次

重复.

接下俩要完成的必要步骤是—.（填选项前的符号）

A.用天平测量两个小球的质量ml、m2

B.测量平抛射程OM、ON

C.测量抛出点距地面的高度H

D.测量小球mi开始释放的高度h

E.分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、N.

.........y

-----\\H

OMPN

6

34.用中子轰击锂核（3Li）发生核反应，产生僦和核a粒子并亏损

了质量△m.

（1）写出核反应方程式；

（2）求上述反应中的释放出的核能为多少；

（3）若中子与锂核是以等大反向的动量相碰，则a粒子和瓶的动能

之比是多少？

35.如图所示，光滑的水平面上有两块相同的长木板A和B,长为

L=0.5m,在B的右端有一个可以看作质点的铁块C,三者的质量都为

m,C与A、B间的动摩擦因数都为u.现在A以速度Vo=6m/s向右运

动并与B相碰，撞击时间极短，碰后A、B粘在一起运动，而C可以

在A、B上滑动，如果口=0.5,则C会不会掉在地面上？

9

参考答案与试题解析

一、选择题：本大题共10小题，共35分。在每小题给出的四个选项

中，第1・5题（3分/题）只有一项符合题目要求；第6口0题（4分/

题）有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2

分，有错选或不选的得。分。

1.发现电磁感应现象的物理学家是（）

A.法拉第B.安培C.牛顿D.伽利略

【考点】物理学史.

【分析】法拉第发现了电磁感应现象，由此解答即可.

【解答】解：法拉第经过十年的探究，与1832年发现了电磁感应现

象.故选项A正确，BCD错误.

故选：A

2.关于感应电动势的大小，下列说法正确的是（）

A.跟穿过闭合电路的磁通量有关

B.跟穿过闭合电路的磁通量的变化大小有关

C.跟穿过闭合电路的磁通量的变化快慢有关

D.跟电路中电阻大小有关

【考点】法拉第电磁感应定律.

【分析】根据法拉第电磁感应定律可知：感应电动势的大小与穿过电

路的磁通量的变化率成正比，磁通量的变化率反映磁通量变化的快

慢.

【解答】解：A、感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，与磁

通量没有直接的关系.故A错误.

B、感应电动势的大小与穿过电路的磁通量的变化率成止比.故

B错误.

C、根据法拉第电磁感应定律可知：感应电动势的大小与穿过电

路的磁通量的变化率成正比，磁通量的变化率反映磁通量变化的快

慢.故C正确.

D、感应电动势的大小跟电路中电阻大小无关.故D错误.

故选：C.

3.如图所示，A、B两灯相同，L是带铁芯的电阻可不计的线圈，下

列说法中正确的是（）

A.K断开瞬间，A、B两灯同时熄灭

B.K断开瞬间，B灯立即熄火，A灯闪亮后再逐渐熄火

C.开关K合上瞬间，B灯先亮起来，A灯后亮起来

D.K合上稳定后，A、B两灯同时亮着

【考点】自感现象和自感系数.

【分析】开关K闭合的瞬间，电源的电压同时加到两灯的两端，两灯

同时发光.由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，随后A灯变

暗，B灯变亮.断开开关K的瞬间，B灯立即熄灭，A灯突然闪亮一

下再熄灭.

【解答】解：A、断开开关K的瞬间，B灯的电流突然消失，立即熄

灭；流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，自感电

流流过A灯，所以A灯突然闪亮一下再熄灭，故B正确，A错误.

C、开关K闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以A、B同时发光.由

于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，流过A灯的电流逐渐减小

最后熄灭，B灯电流逐渐增大，故CD错误；

故选：B

4.如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区

域.从BC边进入磁场区开始计时，到A点离开磁场区止的过程中，

线框内感应电流的情况（以逆时针方向为电流的正方向）是如图所示

中的（）

【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律.

【分析】分三个阶段分析感应电流的变化情况，根据感应电流产生的

条件判断线框中是否由感应电流产生，根据E二BLv及欧姆定律判断感

应电流的大小.

【解答】解：根据感应电流产生的条件可知，线框进入或离开磁场时,

穿过线框的磁通量发生变化，线框中有感应电流产生，当线框完全进

入磁场时.，磁通量不变，没有感应电流产生，故c错误；

感应电流I二段二专七线框进入磁场时，导体棒切割磁感线的有效长度

L减小，感应电流逐渐减小；

线框离开磁场时，导体棒切割磁感线的有效长度L减小，感应电流逐

渐减小；故A正确，BD错误；

故选A.

5.如图所示为一交流电的电流随时间变化的图象，则此交流电的有

效值为（）

*UK

'-------,—'

A.3AB.4AC.5AD.6A

【考点】交变电流；交流的峰值、有效值以及它们的关系.

【分析】根据有效值的定义求解.取一个周期时间，将交流与直流分

别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流

的有效值.

【解答】解：将交流与直流通过阻值都为R的电阻，

设直流电流为I,则根据有效值的定义有：

（/）2R・5（3近）2%|2RT

解得：|二5A

故选：C.

6.关于扼流圈的说法，正确的是（）

A.扼流圈是利用电感阻碍交变电流的作用制成的

B.低频扼流圈用来〃通低频，阻高频〃

C.低频扼流圈用来〃通直流，阻交流〃

D.高频扼流圈用来〃通直流，阻交流〃

【考点】电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用.

【分析】扼流圈就是电感线圈可以通直流，通过交流电时产生自感电

动势，阻碍电流的变化，具有通直阻交，通低阻高的特性.

【解答】解：A、扼流圈就是电感线圈，利用通过交流电时产生的自

感电动势阻碍电流的变化.即扼流圈是利用电感对交流电的阻碍作用

制成的.故A正确.

BC、低频扼流圈由于电感很大，低频扼流圈的作用是通直流阻交流,

故B错误，C正确；

D、高频扼流圈由于电感很小，其作用是通直流、通低频，阻高频，

故D错误.

故选：AC.

7.如图是霍尔元件的工作原理示意图，如果用d表示薄片的厚度，k

为霍尔系数，对于一个霍尔元件d、k为定值，如果保持I恒定，则

可以验证UH随B的变化情况.以下说法中正确的是（工作面是指较

大的平面）（）

A.将水磁体的一个磁极逐渐靠近霍尔元件的工作面，UH将变小

B.在测定地球两极的磁场强弱时，霍尔元件的工作面应保持竖直

C.在测定地球赤道上的磁场强弱时，霍尔元件的工作面应保持竖直

D.改变磁感线与霍尔元件工作面的夹角，UH将发生变化

【考点】霍尔效应及其应用.

【分析】稳定时，电子所受的洛伦兹力和电场力平衡，测量地磁场强

弱时，让地磁场垂直通过元件的工作面，通过地磁场的方向确定工作

面的位置.

【解答】解：A、目子最终在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，

evB二半得：UH=VBL,则将永磁体的一个磁极逐渐靠近霍尔元件的工

作面时，B增大,则UH将变大.故A错误.

B、C、地球赤道上方的地磁场方向水平，两极上方的磁场方向竖直；

在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直，在测

量两极磁场强弱时，霍尔元件的工作面应水平.故B错误，C正确.

D、改变磁感线与霍尔元件工作面的夹角，需将磁场进行分解，在垂

直于工作面方向上的磁感应强度小于原磁场磁感应强度的大小，则

UH将发生变化.故D正确.

故选：CD.

8.如图所示是发电厂通过升压变压器进行高压输电，接近用户端时

再通过降压变压器降压给用户供电的示意图（图中变压器均可视为理

想变压器，图中电表均为理想交流电表）.设发电厂输出的电压一定,

两条输电线总电阻用Ro表示，变阻器R相当于用户用电器的总电

阻.当用电器增加时，相当于R变小，则当用电进入高峰时（）

n—

^

H

T

O

—

A.电压表V3、V4的读数均减小，电流表A3的读数也减小

B.电压表Vi、V2的读数均不变，电流表Ai、A2的读数均增大

C.电流表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变

D.发电厂的输出功率不变

【考点】远距离输电.

【分析】根据表达式知道电压和频率，与闭合电路中的动态分析类似,

可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电

路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流

和电压的变化的情况

【解答】解：A、电压表V］、V2的读数均不变，因为输入电压和匝数

比都不变，用电高峰期，电阻减小，电流增大，根据电流与匝数成反

比知电流都增大；输电线上的电压损失增大，故电压表V3、V4的读

数均减小，电流表A2的读数增大，电流表A3的读数增大，故A错误,

B正确；

C、电流表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变，等于

输电线的电阻值，变压器的输入功率等于输出功率都增大，故C正确,

D错误.

故选：BC

9.如图甲所示，在倾角为e的光滑斜面内分布着垂直于斜面的匀强

磁场，其磁感应强度B随时间变化的规律如图乙所示.质量为m的

矩形金属框从t=0时刻静止释放,t3时刻的速度为v,移动的距离为L,

重力加速度为g.在金属框下滑的过程中，下列说法正确的是（）

A.ti~t3时间内金属框中的电流方向不变

B.。〜t3时间内金属框做匀加速直线运动

C.0〜t3时间内金属框做加速度逐渐减小的直线运动

1o

D.0~t3时间内金属框中产生的焦耳热为mgLsinQ-qmv

【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律.

【分析】根据楞次定律分析金属框中的电流方向，对金属框受力分析,

根据牛顿第二定律判断加速度是否是恒量，若加速度不变即为匀变速

直线运动；根据受力情况和做功情况，判断能量转化情况；

【解答】解：A、-〜12时间时间内磁感应强度减小，线框面积不变,

磁通量减小，根据楞次定律，感应电流沿逆时针方向；［2〜t3时间内，

磁场方向增大，磁通量增大，由楞次定律，感应电流方向仍然是逆时

针方向，所以J〜h时间内金属框中的电流方向不变，故A正确；

BC、由于两个边的电流方向相反，两个边的安培力是抵消的，安培力

的合力为0,所以金属框在下滑过程中，合力恒定，加速度恒定，做

匀加速直线运动，故B正确，C错误；

D、金属框的安培力合力为0,对金属框只有重力做功，没有其他外

力做功，机械能守恒，减少的重力势能等于增加的动能，即

iDgLsine=yinv2,故D错误；

故选：AB

10.如图所示，相距为d的边界水平的匀强磁场，磁感应强度垂直纸

面向里、大小为B.质量为m、电阻为R、边长为L的正方形线圈M,

将线圈在磁场上方高h处由静止释放，已知cd边刚进入磁场时和cd

边刚离开磁场时速度相等，不计空气阻力，则（）

A.若L=d,则线圈穿过磁场的整个过程用时为2,京4

B.在线圈穿过磁场的整个过程中，克服安培力做功为mgd

mgR

C.若LVd,则线圈穿过磁场的整个过程中最小速度可能为亚

D.若L<d,则线圈穿过磁场的整个过程中最小速度可能为

【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化.

【分析】线圈由静止释放，其下边cd刚进入磁场和刚穿出磁场时刻

的速度是相同的，根据功能关系分析产生的热量，即可得到克服安培

力做功.因为线圈全部进入磁场不受安培力，要做匀加速运动.可知

线圈进入磁场先要做减速运动.根据动能定理.、平衡条件等力学规律

进行解答.

【解答】解：A、线圈刚进入磁场时的速度大小g同.若L二d,线

圈将匀速通过磁场，所用时间为二忌=序，故A错误.

B、根据能量守恒研究从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程:

动能变化为0,重力势能转化为线框产生的热量，则进入磁场的过程

中线圈产生的热量Q=mgd.

cd边刚进入磁场时速度为vo,cd边刚离开磁场时速度也为vo,所以

从cd边刚穿出磁场到ab边离开磁场的过程,线框产生的热量与从cd

边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程产生的热量相等，所以线圈

从cd边进入磁场到ab边离开磁场的过程，产生的热量Q=2mgd,感

应电流做的功为2mgd.故B错误.

C、若LVd,线框可能先做减速运动，在完全进入磁场前做匀速运动,

22

因为完全进入磁场时的速度最小，则mg=注上，则最小速度为

mgR

V=R2[2.故C正确.

D、因为进磁场时要减速，即此时的安培力大于重力，速度减小，安

培力也减小，当安培力减到等于重力时，线圈做匀速运动，全部进入

磁场将做加速运动，设线圈的最小速度为知全部进入磁场的瞬

vm,

间速度最小.由动能定理，从cd边刚进入磁场到线框完全进入时，

则有：Emvm2-^mvo^mgL-mgd

又有£mv02=mgh,综上所述，线圈的最小速度为N/瓷2g(h+Jd).故口

正确.

故选：CD.

二、实验题：请将正确答案填在答题卷的相应位置，每空2分，本题

共2小题，共8分0

11.热电传感器是利用热敏电阻将热信号转换成电信号的元件，某学

习小组的同学在〃用多用电表研究热敏特性〃实验中，安装好如图所示

的装置.

(1)多用电表的选择开关应置于」挡；

(2)向杯内加入冷水，温度计的示数为20℃,多用电表选择适当的

倍率，读出热敏电阻的阻值Ri,然后向杯内加入适量热水，水温均匀

后温度计的示数为60℃,热敏电阻的阻值随温度的升高而降低.则

观察到多用电表的指针偏转角度变大.(填〃大〃或〃小〃)

【考点】用多用电表测电阻.

【分析】（1）用多用电表测电阻应把多用电表选择开关置于欧姆档.

（2）热敏电阻阻值随温度的升高而增大，根据题意判断电表指针偏

转情况.

【解答】解：（1）由图不电表可知，多用电表接在热敏电阻两端，多

用电表测电阻，多用电表的选择开关应置于欧姆挡；

（2）向杯内加入冷水，温度计的示数为20℃,多用电表选择适当的

倍率，读出热敏电阻的阻值Ri，

然后向杯内加入适量热水，水温均匀后温度计的示数为60℃,热敏

电阻的阻值随温度的升高而降低，

电阻温度升高热敏电阻阻值变小，欧姆表零刻度线在最右端，多用电

表的指针偏转角度变大.

故答案为：（1）欧姆；（2）大.

12.用如图所示的实验装置研究电磁感应现象，当有电流从电流表的

正极流入时，指针向右偏转.则当把磁铁N极向下插入线圈时，电流

表指针左偏转;当把磁铁放在线圈中静止时，电流表指针不

偏转（选填”向左〃、〃向右〃、〃不〃）.

【考点】研究电磁感应现象.

【分析】当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，电路中产生感应电流;

由楞次定律判断出感应电流的方向，根据电流流向与电流计指针偏转

方向间的关系分析答题.

【解答】解：当有电流从电流表的正极流入时，指针向右偏转，这说

明：电流从哪极流入，指针向哪偏转；

由图示可知，当把磁铁N极向下插入线圈时，穿过线圈的磁场方向竖

直向下，穿过线圈的磁通量增大，

由楞次定律可知，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反：向上，由

安培定则可知，感应电流从电流表负接线柱流入，电流表指针应向左

偏转；

当把磁铁放在线圈中静止时，穿过线圈的磁通量不变，依据感应电流

产生条件可知，电流表指针不会偏转.

故答案为：左，不.

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式及计算步骤，只写

出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案必须写出数值和单位。

本题2个小题，共18分。

13.如图甲所示，电流传感器（相当于一只理想电流表）能将各时刻

的电流数据实时通过数据采集器传输给计算机，经计算机处理后在屏

幕上同步显示出l-t图象.电阻不计的足够长光滑平行金属轨道宽

L=1.0m,与水平面的夹角0=37°.轨道上端连接阻值R=1.0Q的定值电

阻，金属杆MN长与轨道宽相等，其电阻r=0.50Q＞质量m=0.02kg.在

轨道区域加一垂直轨道平面向下的匀强磁场，让金属杆从图示位置由

静止开始释放，杆在整个运动过程中与轨道垂直，此后计算机屏幕上

显示出如图乙所示的l-t图象.重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,

cos37°=0.8,试求：

（1）t=1.2s时电阻R的热功率;

（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小；

（3）t=1.2s时金属杆的速度大小和加速度大小.

【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化.

【分析】（1）由乙图读出t=1.2s时电路中电流，由公式P=PR求出电

阻R的热功率；

（2）由乙图读取金属杆达到稳定运动时的电流，此时杆受力平衡，

由平衡条件和安培力公式求解磁感应强度B的大小；

（3）由闭合电路欧姆定律和法拉第电磁感应定律求V,由牛顿第二

定律求加速度.

【解答】解:

（1）由l-t图象可知，当t=l.2s时,1=0.15A

P=l2R=0.152X1.0W=0.0225W

（2）由题图乙知，当金属杆稳定运动时的电流为0.16A

稳定时杆匀速运动，受力平衡，则有：

mgsin0=BI1

代入数据解得：B=0.75T

(3)t=1.2s时电源电动势E=l(R+r)=BLv

代入数据得：v=0.3m/s

mgsin0-BIL=ma

代入数据得：a=0.375m/s2

答:(1)t=1.2s时电阻R的热功率为0.0225W；

(2)匀强磁场的磁感应强度B的大小为0.75T；

(3)t=1.2s时金属杆的速度大小和加速度大小为0.375m/s2

14.如图所示，两根足够长的平行金属导轨MN、PQ相距为d,导轨

平面与水平面夹角为a,金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，

且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为m,导轨处于匀强磁场中，

磁场的方向垂直于导轨平面斜向上，磁感应强度大小为B,金属导轨

的上端与开关S、定值电阻％和电阻箱Rz相连.不计一切摩擦，不

计导轨、金属棒的电阻，重力加速度为g,现闭合开关S,将金属棒

由静止释放.

(1)判断金属棒ab中电流的方向；

(2)若电阻箱R2接入电阻的阻值为R2=3R「当金属棒下降高度为h

时，速度为v,求此过程中定值电阻Ri上产生的焦耳热Qi；

当时,金属棒能达到的最大速度

(3)B=0.80T,d=0.05m,a=37°vm

随电阻箱R2阻值的变化关系如图乙所示，取g=10m/s2,sin370=0.6,

cos370=0.8,求定值电阻的阻值Ri和金属棒的质量m.

o2.0R./Q

乙

【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化.

【分析】（1）金属棒由静止释放沿导轨向下运动时切割磁感线，将产

生感应电流，根据右手定制判断感应电流的方向；

（2）分析金属棒能量转化情况，根据能量守恒定律可正确解答；

（3）当金属棒的速度达到最大时，有mgsina二BIL成立，由此写出最

大速度Vm和电阻R2的函数关系，根据斜玄、截距的物理意义即可正

确解答.

【解答】解：（1）由右手定则，金属棒ab中的电流方向为b到a.

（2）由能量守恒知，金属棒减小的重力势能等于增加的动能和电路

中产生的焦耳热之和，则得：mgh=1mv2+Q

解得:Q=mgh-ymv2,

两电阻串联，通过它们的电流相等，且R2=3RI,则它们产生的焦耳热

Qi七1

之比Q7=R7=3

又Qi+Cb=Q,则Q昌Q=1mgh-当此

（3）设最大速度为v,切割磁感线产生的感应电动势：E=BLv

由闭合电路的欧姆定律得：I二瓦■短；

从b端向a端看，金属棒受力如图，金属棒达到最大速度时满足：

mgsina-Bld=O

ipgsina

由以上三式得：v=B2d2（R1+R2）

P

由图象可知：斜率为：k=^f-=15m/s>Q,纵截距为vo=3Om/s

mgsinQmgsinQ

得到：v0=B2d2Ri,k=B2d2

解得：Ri=2.0Q,m=0.004kg.

答：（1）金属棒ab中的电流方向为b到a.

（2）定值电阻Ri上产生的焦耳热Qi是三mgh，mv2；

（3）定值电阻的阻值Ri是2.0Q,金属棒的质量m是0.004kg.

四、选修3・3,15・18题需选填正确答案标号，4分/题，选对1个给

1分，选对2个得3分，选对3个得4分，每选错1个扣2分，最低

得分为。分；第19题6分，第20题7分，第21题“分，该题满

分为39分。）

15.下列说法正确的是（）

A.悬浮在液体中的固体微粒越大，布朗运动就越不明显

B.物体的温度越高，分子热运动的平均动能越大

C.当分子间的距离增大时，分子间的引力变大而斥力减小

D.物体的温度随着科学技术的发展可以降低到绝对零度

E.物体的内能不可能为零

【考点】分子间的相互作用力；布朗运动.

【分析】颗粒越小，温度越高，布朗运动越明显；温度是分子平均动

能的标志；分子间的距离增大时;分子间的引力和斥力同时减小，但

斥力减小的更快；绝对零度是一切低温物体的极限，能够无限接近，

但永远不可能达到；物体的内能不可能为零

【解答】解：A、颗粒越小，温度越高，布朗运动越明显；反之，固

体颗粒越大，布朗运动越不明显，故A正确；

B、因为温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子热运动的平均

动能越大，故B正确；

C、当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力都减小，C错误；

D、绝对零度是一切低温物体的极限，不可能达到，故D错误；

E、内能是物体内所有分子无规则热运动的动能和分子势能的总和，

分子在永不停息的做无规则运动，所以内能永不为零，故E正确；

故选：ABE

16.下列判断正确的是（）

A.我们可以利用高科技手段，将流散到周围环境中的内能重新收集

起来加以利用

B.利用浅层海水和深层海水间的温度差制造出一种热机，将海水的

一部分内能转化为机械能，这在原理上是可行的

C.制冷系统能将冰箱内的热量传给外界较高温度的空气

D.在热传递过程中，内能大的物体其内能将减小，内能小的物体其

内能将增加，直到两物体内能相等

E.在任一温度下，气体分子的速率分布呈现〃中间多、两头少〃的分

布规律

【考点】热力学第二定律.

【分析1正确解答本题需要掌握：正确理解和应用热力学第二定律，

理解宏观自然过程的方向性，理解热量不可能从低温物体传到高温物

体而不引起其它变化具体含义.物体的内能与温度、物体的物质的量、

体积、物态等因素有关.

【解答】解：A、根据热力学第二定律可知，我们利用高科技手段，

也不可能将流散到周围环境中的内能重新收集起来加以利用，故A

错误；

B、根据热力学第二定律可知，可以利用海水之间的能量差制造出一

种热机，将海水的一部分内能转化为机械能，这既不违反能量守恒也

不违反热力学第二定律，故B正确；

C、制冷系统能将冰箱内的热量传给外界较高温度的空气，故C正确；

D、物体的内能不仅仅与温度有关，还与物体的物质的量、体积、物

态等因素有关；在热传递过程中，内能从温度高的物体传递到温度低

的物体，不一定是从内能大的物体传递到内能小的物体.故D错误；

E、根据麦克斯韦分布律可知，在任一温度下，气体分子的速率分布

呈现“中间多、两头少〃的分布规律.故E正确.

故选：BCE

17.下列说法中正确的是（)

A.液晶是一种晶体

B.多晶体和单晶体都有固定的熔点

C.相互浸润的物体间附着层里液体分子相互作用表现为斥力

D.的冰的内能比等质量的的水的内能大

E.在温度不变的情况下，增大液面上方饱和汽的体积，将气体重新

达到饱和时，饱和汽的密度不变，压强也不变

【考点】物体的内能；*液晶.

【分析】明确液晶的性质，知道晶体具有固定的熔点；能用分子间相

互作用力来解释浸润现象；明确内能的决定因素；

知道饱和汽压随温度的升高而变大，一定温度下，饱和汽的压强是一

定的.

【解答】解：A、液晶虽然具有晶体的特点，但它不是晶体.它是一

种独立于液体和晶体之外的特殊流体，故A错误；

B、多晶体和单晶体都有固定的熔点；故B正确；

C、液体对某种固体是浸润的，这时固体分子与液体分子间的引力相

当强，造成附着层内分子的分布就比液体内部更密，这样就会使液体

间出现了相互斥力，使液体跟固体接触的面积有扩大的趋势；故C正

确；

D、由于冰变成水时需要吸热，故相同温度、相同质量的冰的内能要

小于水的内能；故D错误；

E、一定温度下，饱和汽的压强是一定的，在温度不变的情况下，增

大液面上方饱和汽的体积，待气体重新达到饱和时，饱和汽的密度不

变，压强也不变；故E错误;

故选：BCE

18.如图所示，电路与一绝热汽缸相连，R为电热丝，汽缸内封闭着

一定质量的理想气体，外界大气压强恒定，闭合电键后，绝热活塞K

缓慢且无摩擦地向右移动，则下列说法正确的是（）

A.气体的内增增加

B.气体分子平均动能不变

C.电热丝放出的热量等于气体对外所做的功

D.气体的压强不变

E.气体分子单位时间内对器壁单位面积的撞击次数减少

【考点】热力学笫一定律.

【分析】由题意可知气体为理想气体，分析活塞可知气体为等压变化;

由等压变化规律可知气体体积及温度的变化；由热力学第一定律可知

气体内能的变化.

【解答】解：A、活塞可无摩擦滑动，外界大气压强不变，故气体为

等压变化；活塞缓慢向右移动过程中，气体体积增大，故温度一定升

高，气体内能增加，故A正确，D正确；

B、电阻丝向气体放热气体温度升高，而理想气体内能只取决于分子

动能，气体温度升高，分子平均动能增大，故B错误；

C、气体内能增大，由热力学第一定律可知，电阻丝向气体放出的热

量一定大于对外做功，故c错误；

E、气体体积变大，故气体单位体积内的分子数减小时,故单位时间

内气体分子对活塞的碰撞次数减小，故E正确.

故选：ADE.

19.在（用油膜法估测分子大小）实验中所用的油酸酒精溶液的浓度

为每100mL溶液中有纯油酸0.5mL,用注射器测得1mL上述溶液为

80滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散

开，测得油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形方格的边

长为1cm,则：

（1）经数得油酸薄膜的轮廓内的小方格数为120个，则油酸膜的面

积是120cm?；

一10

（2）实验测出油酸分子的直径是-5.2X10ITm（结果保留两位

有效数字）；

（3）利用单分子油膜法可以粗测分子的大小和阿伏伽德罗常数，如

果已知体积V。的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S,

这种油的密度为P，摩尔质量为M,把油酸分子看做球模型，则阿伏

6Ms3

伽德罗常数的表达式为-Z—T.

-71PVn―

【考点】用油膜法估测分子的大小.

【分析】（1）由图示油膜求出油膜的面积.

（2）求出一滴溶液中含纯油的体积，然后求出油酸分子的直径.

（3）求出油酸的摩尔体积除以每个油酸分子的体积，即可求出阿伏

加德罗常数的表达式

【解答】解：（1）由图示可知，油膜占120个格，油膜的面积

S=120XlcniXlcirh：12Ccin2

（2）一滴溶液中含纯油酸的体积V焉*6.25X10-6成

V6.25X1O-6XIO-6

1

油酸分子的直径场"―120X1Q^----5.2X1O-%

（3）油酸的摩尔体积。。1$

油酸分子的直径d片

y3

油酸分子的体积6兀R347rd3二於,

M々

M1—CMS?

A-V-]%一兀P%

丁至

5.2X1OT°6Ms3

故答案为：（1）120（2）

兀PV；

20.一粗细均匀的玻璃管长90cm,开口向上竖直放置，内部用高25cm

的水银柱封闭一段高30cm的空气柱（看作理想气体），外界大气压

为75cmHg,求：

（1）当玻璃管缓慢水平放置时，封闭气体的长度；

（2）此过程中吸热还是放热？并说明理由.

【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强.

【分析】（1）气体发生等温变化，根据玻意耳定律即可求解

（2）气体膨胀，体积增大，对外界做功，温度不变内能不变，根据

热力学第一定律即可求解.

【解答】解：①当玻璃管开口向上竖直放置时：

石*Pl=Po+h=lOOcinHg

当玻璃管水平放置时：P2=P0=75cmHg

对于封闭气体温度不变时，有"1%;P2V2

所以有：100X30S=75XL2s

联合各式可解得：L2=40cm

②吸热

因为一定量理想气体的温度不变，△U=0,气体膨胀对外做功，W<0,

所以由热力学第一定律知，气体要吸热.

答：（1）当玻璃管缓慢水平放置时，封闭气体的长度40cm；

（2）此过程中吸热，因为一定量理想气体的温度不变，△U=0,气体

膨胀对外做功，W<0,所以由热力学第一定律知，气体要吸热.

21.如图所示，一导热性能良好的容器水平放置，两端是直径不同的

两个圆筒，里面各有一个活塞，其横截面积分别为SA=10cm2和

2

SB=4cm,质量分别是MA=6kg,MB=4kg.它们之间用一质量不计的轻

质细杆相连.两活塞可在筒内无摩擦活动，但不漏气.在气温是-23℃

时，用销子M把B拴住，并把阀门K打开，使容器和大气相通，随

后关闭K,此时两活塞间气体体积是300cm3,当气温升到了T=300K

时求(设大气压强为1.0X105Pa不变，容器内气体温度始终和外界气

温相同)：

(1)此时封闭气体的压强；

(2)若温度升到T=300K,刚拔去销子M时两活塞的加速度;

(3)若活塞在各自圆筒内运动一段位移后速度达到最大，这时加速

度为多大(活塞运动过程没有碰到弯壁处)？

【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强.

【分析】(1)对于容器中的气体，在K关闭至M拔去前的过程中，

是等容变化，由查理定律可以求出封闭气体的压强

(2)对活塞和轻杆组成的整体根据牛顿第二定律求出加速度

(3)由于履＞$£,当活塞向左移动时,根据气体方程判断出压强的

变化，当减小到与外界压强相等时，加速度为零，这时速度达到最大,

根据等温变化列出等式求出这段位移.

【解答】解：①对于被封闭气体，体积不变

初态.Pi=Po=lXl()5pa,T产273+(-23)二2504V^lQOcm3

末态：P2二？,T2=300K,V2=V1

根据查理定律9二3

11[2

5

代入数据得：P2=l-2X10Pa

②选取活塞和杆为研究对象，当撤去M时，根据牛顿第二定律

p0Sa+p2Sb-p0Sb-p2Sa=（Ia+Mb）a

代入数据解得：af2m/s2

方向水平向左

③由于SA>SB,活塞向左移动时，气体的体积增大，而气体的温度不

变，故气体的压强减小，从上一问可知活塞和杆的加速度在减小，速

度却增大，当减小到与外界压强相等时，加速度为零，这时速度达到

最大，利用这时加速度为0

5

答：（1）此时封闭气体的压强I，？'I。P生

2

（2）若温度升到T=300K,刚拔去销子M时两活塞的加速度1・2加%.

（3）若活塞在各自圆筒内运动一段位移后速度达到最大，这时加速

度为0

【选修3・4】：22・25题需选填正确答案标号，4分/题，选对1个给T

分，选对2个得3分，选对3