广东省2024-2025学年高二上学期期中学业质量监测物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGE2025学年第一学期高二年级期中学业质量监测试题物理一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.下列说法中正确的是（）A.中k静电力常量不是由实验测得的B.点电荷就是体积和带电量都很小的带电体C.点电荷是实际存在的带电体D.根据设想当时得出【答案】A【解析】A．静电力常量是麦克斯韦计算所得，不是实验测得的，故A正确；B．当两点电荷的间距远大于自身的大小时，才能看成点电荷，并不是体积很小就能当作点电荷，故B错误；C．点电荷是带电体的一种理想模型，当带电体的形状、大小可以忽略不计，可看作点电荷。因此点电荷不是真实存在的，故C错误；D．当r→0时，带电体就不能看成点电荷了，公式就不能用了，故D错误。故选A。2.如图甲、乙、丙、丁是课本内的几幅插图，下列说法正确的是（）A.甲图是演示静电屏蔽现象装置，带电小球的电场不能进入金属网罩内部B.乙图是一种可变电容器，其原理是通过改变铝片之间距离从而达到改变电容的目的C.丙图是库仑扭秤，库仑通过它测量出两带电小球之间的静电力从而得出了电子电荷量D.丁图是避雷针，其通过尖端放电中和空气中的电荷达到避免建筑物遭雷击的目的【答案】D【解析】A．甲图是演示静电屏蔽现象的装置，带电小球的电场能进入金属网罩内部，但金属网罩上的感应电荷产生的电场与带电小球在金属网罩内产生的电场处处相互抵消，使得金属网罩内场强处处为零，故A错误；B．乙图是一种可变电容器，其原理是通过改变铝片之间的正对面积从而达到改变电容的目的，故B错误；C．丙图是库仑扭秤，但库仑并未通过它测量出两带电小球之间的静电力，也并未由此得出电子电荷量，故C错误；D．丁图是避雷针，其原理是通过尖端放电中和空气中的电荷达到避免建筑物遭雷击的目的，故D正确。故选D。3.如图所示，和是两个等量异种点电荷，MN是两电荷的连线，HG是两电荷连线的中垂线，O是垂足。下列说法正确的是（）A.OM的中点与ON的中点电势一定相等B.O点的电场强度为零C.在MN连线上移动一个试探电荷，电场力不做功D.在HG连线上移动一个试探电荷，电场力不做功【答案】D【解析】A．根据题意和是两个等量异种点电荷，电场线从正电荷指向负电荷，MN间各点的电势一定不等，则OM的中点与ON的中点电势一定不相等，故A错误；B．在两电荷的连线上，O点电场线最疏，电场强度与MN上各点相比是最小的，在HG线上，O点的电场线最密，与HG上各点相比电场强度是最大的，故B错误；C．在MN连线上移动一个试探电荷，试探电荷受到的电场力在MN连线上，电场力一定做功，故C错误；D．根据两个等量异种点电荷电场线分布规律，在HG连线上任意点电场强度方向与HG连线垂直，所以在HG连线上移动一个试探电荷时电场力总与速度方向垂直，则电场力不做功，故D正确。故选D。4.为了方便在医院输液的病人及时监控药液是否即将滴完，有人发明了一种利用电容器原理实现的输液报警装置，实物图和电路原理如图所示。闭合开关，当药液液面降低时，夹在输液管两侧的电容器C的两极板之间介质由液体改变为气体，蜂鸣器B就会因通过特定方向的电流而发出声音，电路中电表均为理想电表。根据以上说明，下列选项分析正确的是（）A.液面下降后，电容器两端电压变大B.液面下降后，电容器所带电量减少C.液面下降时蜂鸣器电流由a流向bD.输液管较粗时，电容器容值会变大【答案】B【解析】A．开关闭合稳定时，电容器两端电压等于电源电动势，即液面下降稳定后，电容器两端电压不变，故A错误；B．根据，液面下降，极板之间的介电常数减小，则电容减小，极板之间电压不变，则电容器所带电量减少，故B正确；C．根据图示可知，电容器右侧极板带负电，结合上述，液面下降时，极板所带电荷量减少，即右侧极板失去电子，电子从a向b运动，则蜂鸣器电流由b流向a，故C错误；D．结合上述可知，输液管较粗时，极板之间间距增大，则电容器容值会变小，故D错误。故选B。5.如图所示，有一个双量程电流表，其中小量程为0~1A。已知表头G的满偏电流，定值电阻，，则表头G的内阻的值为（）欧。A.100 B.150 C.200 D.250【答案】C【解析】电流表的小量程对应的电路为和串联之后与表头并联，根据串并联规律，有求得故选C。6.如图所示，一直流电动机与阻值R＝9Ω的电阻串联在电源上，电源的电动势E＝30V，内阻r＝1Ω，闭合开关，用理想电压表测出电动机两端电压U＝10V，已知电动机线圈的电阻RM＝1Ω，则下列说法中正确的是（）A.通过电动机的电流为10AB.电动机的输入功率为2WC.电源的输出功率为4WD.电动机的输出功率为16W【答案】D故A错误；B．电动机输入功率故B错误；C．电源的热功率电源的输出功率为故C错误；D．电动机的热功率电动机的输出功率故D正确。故选D。7.示波管的结构如图甲所示，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，管内抽成真空，两对偏转电极XX′、YY′相互垂直。如图乙所示，荧光屏上有xOy直角坐标系，坐标原点位于荧光屏的中心，x轴与电极XX′的金属板垂直，其正方向由X′指向X，y轴与电极YY′的金属板垂直，其正方向由Y′指向Y。电子枪中的金属丝加热后可以逸出电子，电子经加速电极间的电场加速后进入偏转电极间，两对偏转电极分别使电子在两个相互垂直的方向发生偏转，最终打在荧光屏上，产生一个亮斑。已知两对偏转电极极板都是边长为l的正方形金属板，每对电极的两个极板间距都为d，加速电极间电压为U0，电子的电荷量为e，质量为m。忽略电子刚离开金属丝时的速度，不计电子之间相互作用力及电子所受重力的影响。下列各情形中，电子均能打到荧光屏上。问：若在偏转电极YY′之间加恒定电压U1（U1>0），而偏转电极XX′之间不加电压，已知电极YY′的右端与荧光屏之间的距离为L1。求电子打在荧光屏上的位置坐标（）A. B. C. D.【答案】A【解析】因偏转电极XX′之间不加电压，即电子在x方向不发生偏转，故电子打在荧光屏上时的横坐标为0；因偏转电极YY′之间加恒定电压U1（U1>0），故电子在偏转电极YY′之间做类平抛运动，射出偏转电极YY′之间的电场区域后做匀速直线运动，最终打在y轴的正半轴，电子经加速电极加速过程，根据动能定理，有在偏转电极YY′之间运动过程，有联立求得电子做类平抛运动过程中，射出电场时速度的反向延长线过沿射入电场时速度方向位移的中点，根据几何关系，有求得故选A。二、多项选题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，图线a、b分别表示电阻、的伏安特性曲线，下列说法中正确的是（）A.B.C.将与串联在电路中，它们两端的电压之比为D.将与并联在电路中，通过它们电功率之比为【答案】CD【解析】AB．由题图结合欧姆定律可知，则有故AB错误；C．将与串联在电路中，则通过与的电流相等，它们两端的电压之比为故C正确；D．将与并联在电路中，则与两端电压相等，则通过它们的电功率之比为故D正确。故选CD。9.如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述哪些做法可以使指针张角变小（）A.减小电源电压B.使A、B两板正对面积错开一些C.断开S后，使B板向右平移拉开一些D.断开S后，使A、B之间插入电介质【答案】AD【解析】AB．闭合S，则两极板和电源相连，电容器两极板电压不变，即指针的角度不变，故减小电源电压，静电计指针张角变小，使A、B两板正对面积错开一些，静电计指针张角不变，故A正确，故B错误；C．断开S后，两极板的电荷量不变，根据公式可得使B板向右平移拉开一些后，电容减小，根据公式可得电势差增大，故指针角度变大，故C错误；D．使A、B两板插入电介质，根据公式可得电容增大，根据公式可得电势差减小，故指针角度减小，故D正确。故选AD。10.图示电路中有a、b、c三根电阻丝，关于实验测量电阻丝电阻，下列正确的有（）A.图示所用电路为“分压式”电路，伏安法测量电阻B.如果横截面积最大的电阻丝为c，那么c的阻值最大C.图示所用方法为控制变量法D.若三根电阻丝的材料相同，则长度最大、横截面积最小的电阻丝b的阻值最大【答案】CD【解析】A．图示所用电路为“限流式”电路，没有电表，无法测量电阻，故A错误；BD．根据电阻定律有则如果横截面积最大的电阻丝为c，那么c的阻值最小，若三根电阻丝的材料相同，则长度最大、横截面积最小的电阻丝b的阻值最大，故B错误，D正确；C．电阻的影响因素较多，实验运用控制变量法探究电阻的影响因素，故C正确；故选CD。三、非选择题（本题共5小题，共54分，考生根据要求作答）11.在“测定金属丝的电阻率”的实验中，小张同学选用毫米刻度尺测量金属丝的有效长度，当金属丝的左端与毫米刻度尺的“0”刻度对齐时，右端如图甲所示；用螺旋测微器测量金属丝的直径如图乙所示；用伏安法测得多组U、I数据，做出该金属丝的伏安特性曲线如图丙所示。（1）金属丝的有效长度L为______cm，直径D为______mm，电阻R为______Ω。（2）将测得数据代入公式______，即可求出金属丝的电阻率。（用第（1）问给出的字母表示）【答案】（1）98.70##98.69##98.715.780##5.779##5.7816.5（2）【解析】（1）[1]毫米刻度尺的最小刻度是1mm，需要估读到0.1mm，故金属丝的有效长度L为98.70cm。[2]直径D为[3]电阻R为（2）[4]根据得12.在“练习使用多用电表”的实验中（1）前两次测量时，表盘指针如图中a、b所示。请据此完成记录表中的①和②；所测物理量量程或倍率指针读数第1次直流电压0~50V①______（选填“a”“b”）34.0V第2次直流电流0~10mA②______（选填“a”“b”）4.4mA第3次电阻c（2）第3次测量时，用“”欧姆挡测量电阻，表盘指针如图中c所示，为了更准确测量需要换成______（选填“”“”）挡进行重新测量；（3）多用电表改变不同倍率的欧姆挡后，测量电阻前______（选填“需要”“不需要”）重新调零。【答案】（1）ba（2）（3）需要【解析】（1）[1]多用电表表盘刻度线有三条，上为电阻专用，中间为电流、直流电压、交流电压共用，下面为交流电压2.5V专用。由表格知，测量直流电压，且读数为34.0V，应选量程范围，观察中间刻度线三个指针刻度，b指针刻度读数满足要求，故选填“b”。[2]由表格知，测量直流电流，且读数为4.4mA，由[1]知，应选量程范围，观察中间刻度线三个指针刻度，a指针刻度读数满足要求，用故选填“a”。（2）[3]欧姆挡测量电阻，指针偏角太小，换大倍率挡；指针偏角太大，换小倍率挡。由图知应选小倍率挡，故选填“”。（3）[4]将电阻挡，由低档逐次变换到高档挡时，其表头电压也逐次降低，电流逐次减小，指针偏转就会不到欧姆零位，这将造成很大的测量误差。所以必须调整调零旋钮使表头线圈电流维持不变，使指针重新在欧姆零位上，以保证各档在测量时的准确性，故选填“需要”。13.如图所示，一长为L的细线上端固定，下端拴一质量为m电量为+q的带电小球，将它置于一水平向右的匀强电场中，当细线偏角为θ时，小球处于平衡状态（重力加速度为g），试问：（1）求细线上的拉力FT大小；（2）求出电场强度的大小；【答案】（1）（2）【解析】（1）对小球受力分析如图根据平衡条件，有（2）根据平衡条件，有求得14.如图所示，电源电动势，内阻，标有“，”字样的灯泡L恰好能正常发光，电动机M的线圈电阻。求（1）通过电动机线圈电流；（2）电动机的输出功率；（3）电源的总功率。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）根据题意，设电路中的总电流为，由闭合回路欧姆定律有由于灯泡L恰好能正常发光可得由公式可得，流过灯泡的电流为则流过电动机的电流为（2）根据题意，由公式可得，电动机的输入功率为电动机的热功率为则电动机的输出功率为（3）根据题意，由公式可得电源的总功率为15.一个电荷量为q=2×10-8C，质量为m=1×10-14kg的带负电的粒子，由静止经电压为U1=1600V的加速电场加速后，立即沿中心线O1O2垂直进