2025届广西普通高中高三上学期第二次摸底考试物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1广西普通高中学业水平选择性考试第二次摸底考试物理（本卷满分100分，考试时间75分钟）注意事项：1.答题前，考生请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试卷和答题卡上，并将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。3.非选择题必须用黑色字迹签字笔或钢笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内，如需改动，先画掉原来的答案，然后再写上新的答案。在试卷上答题无效。4.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，错选、多选或未选均不得分，第8~10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。1.科学家用粒子等轰击原子核，实现原子核的转变并研究原子核的结构，还可以发现和制造新元素。关于核反应方程，下列说法正确的是（）A.该反应为核聚变 B.X电子C.X是质子 D.X粒子由英国物理学家詹姆斯·查德威克发现【答案】D【解析】根据质量数与电荷数守恒可知，该核反应方程为可知，X是中子，该核反应为粒子轰击原子核，属于人工转变，不属于核聚变，中子由英国物理学家詹姆斯·查德威克发现。故选D。2.物体沿直线做匀减速直线运动，在0~1s的时间内位移大小为3m，在1s~3s的时间内位移大小为1m，则物体的加速度大小为（）A. B.C. D.【答案】A【解析】物体做匀减速直线运动，则反向为匀加速直线运动，若为从静止开始的匀加速，则相同时间内的位移比为1：3：5：7……又由题可知，物体在内的位移与内的位移之比为可知，物体在3s末之前已停止。设物体的初速度为，加速度为，在内运动时间后停止运动，则物体在内其中由题意可知，物体在内其中由题意可知由全程可知以上各式联立，解得，，故选A。3.如右图所示，近地卫星的圆轨道I半径为R，设法使卫星通过一次变轨进入椭圆轨道Ⅱ，再通过一次变轨进入半径为r的预定圆轨道Ⅲ。已知地球的质量为M，引力常量为G，则（）A.卫星在近地轨道I上的绕行线速度小于卫星在轨道Ⅲ上的绕行线速度B.卫星在轨道Ⅱ上通过近地点a时的加速度大小为C.卫星在轨道Ⅲ上的机械能等于在轨道Ⅱ上的机械能D.卫星在轨道Ⅱ上通过近地点a时的速度大于在轨道Ⅰ通过时的速度【答案】D【解析】A．根据万有引力提供向心力解得因为卫星在近地轨道I上半径小于在轨道III上的半径，所以卫星在近地轨道I上半径大于在轨道III上的绕行速度，故A错误；B．卫星在轨道Ⅱ上通过近地点a时解得故B错误；C．从轨道Ⅱ经过向后喷气实现两次变轨才能进入轨道Ⅲ，向后喷气都增加卫星的机械能，所以卫星在预定圆轨道III上的机械能大于在近地轨道Ⅱ上的机械能，故C错误；D．必须向后喷气才能从轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ，所以卫星在轨道II上通过近地点a时的速度大于在轨道I通过a时的速度，故D正确。故选D。4.如下图所示，某同学在操场练习掷铅球，第一次以速度水平掷出铅球，第二次以与水平方向成角斜向上掷出铅球，结果铅球都落到了P点。已知铅球两次出手时的高度相等，铅球的两次水平射程均为x，则下列说法正确的是（）A.第二次抛出的速度大于B.第二次铅球抛出后在最高点的速度大小小于C.铅球两次到达P点时的速度大小相同D.铅球两次在空中运动的位移不相同【答案】B【解析】A．设抛出点到地面的高度为，第一次抛出铅球运动时间为，第二次抛出时的速度大小为，运动时间为。第一次平抛运动，在水平方向做匀速直线运动在竖直方向自由落体第二次抛出，在水平方向做匀速直线运动其中在竖直方向，竖直上抛其中以上各式联立，解得由于、的具体关系未知，所以无法比较与的大小关系，故A错误；B．第二次铅球在竖直方向上做竖直上抛运动，第一次做平抛运动，所以第二次用时长，在水平方向上都做匀速直线运动，且水平位移相同，所以第二次在水平方向的分速度小于，即第二次铅球抛出后在最高点的速度大小小于，故B正确；C．根据动能定理可知，两次铅球的动能变化量相等，但初动能关系不确定，所以末动能也无法确定，即铅球两次到达P点时的速度大小不一定相同，故C错误；D．铅球两次在空中运动的初末位置相等，所以两次的位移相同，故D错误。故选B。5.如图，学校兴趣小组利用厚度为d、电阻率为的硅钢片制成一个内径为r、高度为h的圆筒，。已知圆筒所在处有沿轴线竖直向上方向的磁场，磁感应强度随时间变化的规律为（k为常数）。下列说法正确的是（）A.硅钢片中感应电流的方向为从上往下看逆时针方向B.硅钢片中感应电动势大小随时间成正比变化C.硅钢片中感应电流大小为D.硅钢片的发热功率为【答案】D【解析】A．根据楞次定律可知，硅钢片中感应电流方向为从上往下看顺时针方向，选项A错误；B．硅钢片中感应电动势大小则感应电动势与时间无关，选项B错误；C．硅钢片中的电阻则感应电流大小为选项B错误；D．硅钢片的发热功率为选项D正确。故选D。6.如图所示，ABCD是边长为L的正方形，O为正方形的中心，M、N分别为AB和BC边的中点，A、B和C分别固定有电荷量为+Q、+Q和-Q的点电荷，则（）A.M点的电场强度大于N点的电场强度B.将电子由M移动到D，电势能增大C.将质子由O移动到N，电场力做负功D.O、D、M三点，O点的电势最高【答案】B【解析】A．对于A、B两处的点电荷在M点的合场强为零，B、C两处的点电荷在N的场强不为零，根据对称性可知，C处的点电荷在M点的场强大小与A处的点电荷在N点的场强大小相等，故M点的场强小于N点的场强，A错误；B．A处点电荷形成的电场中，M点的电势高于D点的电势，同理可知,B处的处点电荷形成的电场中，M点的电势也高于D点的电势，C处的点电荷形成的电场中，M点的电势依然大于D点的电势，综合而言，M点的电势高于D点的电势，根据电场力做功即电子由M移动到D，电场力做负功，电势能增大，B正确；C．在B、C两处点电荷形成的电场中，O、N两点的电势相等，而A处点电荷形成的电场中，O点的电势高于N点的电势，故质子由O移动到N，电场力做正功，C错误；D．A、B两处点电荷形成的电场中，M点的电势高于O点的电势，C处电荷形成的电场中，M点的电势依然高于O点的电势，故M点的电势高于O点的电势，综合上述各项分析可知，O、D、M三点，M点的电势最高，D错误。故选B。7.图甲为某感温式火灾报警器，其简化电路如图乙所示。理想变压器原线圈接入电压有效值不变的正弦交流电源，副线圈连接报警系统，为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，为定值电阻，滑动变阻器用于设定报警温度。当流过的电流大于设定临界值时就会触发报警。那么出现火情时（）A.副线圈两端电压会随着副线圈电路端温度的变化而变化B.热敏电阻两端电压升高C.原线圈输入功率不变D.滑片上移一点可以提高报警温度【答案】D【解析】A．副线圈两端电压由变压器原线圈电压和匝数比决定，与副线圈电阻变化无关，即与副线圈电路端温度的变化无关，选项A错误；B．当出现火情时，热敏电阻阻值减小，因次级电压一定，则次级电流变大，R0和R1两端电压升高，可知热敏电阻两端电压降低，选项B错误；C．当出现火情时，次级电流变大，则次级功率变大，则原线圈输入功率变大，选项C错误；D．滑片上移一点，则R0阻值变大，则要想报警，需减小热敏电阻，即温度要升高，即可以提高报警温度，选项D正确。故选D。8.雨过天晴的天空经常会出现彩虹。彩虹是因为下雨后的空气中布满了小水珠，太阳光透过水珠后经过多次的折射和反射形成的。图为一束太阳光射到水珠上时的光路图，a、b为其折射出的光线中的两种单色光，比较a、b两种单色光，下列说法正确的是（）A.a、b两种光分别从玻璃射入空气发生全反射时，a光的临界角比b光的大B.两束光通过同一缝宽的装置发生衍射，b光的中央明条纹宽度较大C.若a光能使某金属发生光电效应，则b光也一定可以使该金属发生光电效应D.在真空中，a、b两种光的速度相同，在水珠中，b光的波速比a光的大【答案】BD【解析】由图可知，a光的偏折程度更大，即水珠对a光的折射率更大。A．根据a、b两种光分别从玻璃射入空气发生全反射时，a光的临界角比b光的小，故A错误；B．a光的折射率更大，即a光的频率大，根据可知，a光的波长短，所以，两束光通过同一缝宽的装置发生衍射，b光的中央明条纹宽度较大，故B正确；C．a光的频率大，所以，若a光能使某金属发生光电效应，则b光不一定可以使该金属发生光电效应，故C错误；D．在真空中，a、b两种光的速度相同，在水珠中，根据可知，b光的波速比a光的大，故D正确。故选BD。9.一列简谐横波在某时刻的波形图如图甲所示，a、b两质点的平衡位置分别为，，从图甲所示时刻开始计时，b质点的振动图像如图乙所示。下列说法中正确的是（）A.此横波的传播速度大小为2m/sB.处的质点在7.5s时第1次出现波峰C.质点a在1s时速度最大且速度方向沿y轴正方向D.质点a在0~4.5s内运动的路程为1.2cm【答案】AB【解析】A．由图甲可知该波的波长为由图乙可知该波的周期为此横波的传播速度大小为故A正确；B．图甲所示时刻波形图中第一个波峰出现在处，根据可知处的质点在7.5s时第1次出现波峰，故B正确；C．根据根据平移法可知1s时出的质点的振动形式传播到质点a，即此时质点a处于平衡位置速度最大且速度方向沿y轴负方向，故C错误；D．时间内由于开始计时时，质点a不是处于平衡位置或最大位移处，所以质点a的位移故D错误。故选AB。10.质量为m的小球在竖直向上的恒力F作用下由静止开始向上匀加速运动，经时间t撤去F，又经时间t小球回到出发点，速度大小为v，不计空气阻力，已知重力加速度为g，则下列判断正确的是（）A.撤去力F时小球的动能为 B.小球上升的最大高度为C.拉力F所做功为 D.拉力的最大功率为【答案】AC【解析】拉力F作用时，小球上升的加速度大小为a，末速度大小为，则小球上升的高度撤去外力后解得，C．对全过程由动能定理知故C正确；A．拉力F作用时，由动能定理知其中，联立解得故A正确；B．设撤去力F后小球上升的高度为，由可知小球上升的最大高度为故B错误；D．撤去拉力前瞬间，小球的速度最大，拉力F的功率最大，为故D错误。故选AC。二、非选择题∶本大题共5小题，共54分。第11题6分，第12题10分，第13题10分，第14题12分，第15题16分。其中，在解答13~15题时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤、若只有最后答案而无演算过程的不得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。11.阿特伍德机是著名的力学实验装置。如图甲所示，绕过定滑轮的细线上悬挂质量均为M的重球A和B，在B下面再挂质量为m的重物C，由静止开始释放，验证机械能守恒（重力加速度为g）。（1）如图乙所示，实验中使用直尺与三角板测得重球A的直径d=______mm。（2）某次实验中测得重球A经过光电门的时间为t，则重球A上升h时的瞬时速度为______；系统重力势能减少量=______。（用m、M、h、d、t、g表示）（3）若满足关系______（用m、M、h、d、t、g表示），即可验证机械能守恒定律。【答案】（1）9.0（2）（3）【解析】【小问1详析】由图可知，直尺分度值为1mm，所以直径为【小问2详析】[1][2]重球A上升h时的瞬时速度为系统重力势能减少量【小问3详析】若系统减小的重力势能等于系统增加的动能即为机械能守恒，即整理得12.某实验小组用下列器材设计了如图甲所示的欧姆表电路，通过调控开关S，可使欧姆表有“”、“”两种不同的倍率。已知毫安表的量程，内阻。干电池组：电动势待测、内阻未知；（1）图甲中，a表笔的颜色是色______（选填“黑”或“红”）；（2）已知单刀双掷开关接不同的接线柱时，线路中的最大电流分别为10mA、100mA，则______，______；（3）单刀双掷开关S接2时，欧姆表的倍率是______（选填“”或“”）（4）单刀双掷开关S接1时，先进行欧姆调零，再在红、黑表笔间接入电阻箱，改变电阻箱的阻值，测出电流表G的示数，画出如图乙所示的图像，图像的斜率为，纵截距为，则干电池组的电动势______，该挡位欧姆表的内阻______（用、表示）。【答案】（1）黑（2）24216（3）（4）【解析】（1）[1]根据图甲电路可知，电流从a表笔流出，从b表笔流进，根据“红进黑出”规律可知，a黑色，b为红色；（2）[2][3]根据电流的改装原理有，解得，（3）[4]根据可知，欧姆表共用一个表盘，倍率大，电流量程就小，故单刀双掷开关接2时，欧姆表量程是“”的倍率；（4）[5][6]相当于“安阻法”测电源的电动势和内阻，根据闭合电路欧姆定律有化简得变形有结合图像的斜率和纵截距可知，解得，13.四旋翼无人机是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器。一架质量的无人机，其动力系统所能提供的最大升力，运动过程中所受空气阻力大小恒为。若无人机悬停在距离地面高度处时，由于动力设备故障，无人机突然失去升力而坠落，若坠落过程中，在遥控设备的干预下，动力设备重新启动并提供向上最大升力，若着地时速度恰好为零，求无人机从开始下落过程中的最大速度，g取。【答案】40m/s【解析】无人机坠落时的加速度为a1，则解得a1=8m/s2设遥控干预时无人机向下做减速运动的加速度为a2，则由牛顿第二定律解得a2=10m/s2由位移关系联立解得14.图甲是伽利略根据气体压强随温度的变化制造出的气体温度计，图乙是其模型示意图。玻璃泡A内封有一定量气体，与A相连的B管插在水银槽中，管内水银面的高度x即可反映泡内气体的温度（即环境温度），并可由B管上的刻度直接读出。玻璃泡A体积较大，B管的体积与玻璃泡A的体积相比可忽略不计。（1）在标准大气压下对B管进行温度刻度标注（标准大气压相当于76cm高的水银柱所产生的压强）。当温度为27℃时，管内水银面高度为，此高度即为27℃的刻度线。问t为47℃的刻度线在为多少厘米处？（2）若大气压为74cmHg时，利用该测温装