湖南省娄底市名校联考2025届高三上学期11月月考数学试题(解析版)_第1页
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高级中学名校试卷PAGEPAGE1湖南省娄底市名校联考2025届高三上学期11月月考数学试题一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.若复数满足,则在复平面内对应的点位于()A.第一象限 B.第二象限C.第三象限 D.第四象限【答案】A【解析】由,对应点为在第一象限.故选:A2.设集合,,则()A. B. C. D.【答案】D【解析】,即,则,解得,所以,,所以,从而.故选:D.3.已知向量与是非零向量,且满足在上的投影向量为,,则与的夹角为()A. B. C. D.【答案】A【解析】设与的夹角为,在上的投影向量为所以,所以,所以钝角,且.故选:A4.最早的测雨器记载见于南宋数学家秦九韶所著的《数书九章》(1247年).该书第二章为“天时类”,收录了有关降水量计算的四个例子,分别是“天池测雨”、“圆罂测雨”、“峻积验雪”和“竹器验雪”.如图“竹器验雪”法是下雪时用一个圆台形的器皿收集雪量(平地降雪厚度器皿中积雪体积除以器皿口面积),已知数据如图(注意:单位),则平地降雪厚度的近似值为()A. B. C. D.【答案】C【解析】如题图所示,可求得器皿中雪表面的半径为,所以平地降雪厚度的近似值为.故选:C.5.定义:满足为常数,)的数列称为二阶等比数列,为二阶公比.已知二阶等比数列的二阶公比为,则使得成立的最小正整数为()A.7 B.8 C.9 D.10【答案】B【解析】由题意知二阶等比数列的二阶公比为,则,故,将以上各式累乘得:,故,令,由于,故,即,又的值随n的增大而增大,且,当时,,当时,,故n的最小值为8,故选:B6.已知函数,若满足,则实数的取值范围是()A. B. C. D.【答案】A【解析】因为函数定义域为关于原点对称,且,所以是定义在上的偶函数,又,当时,,则,所以在单调递增,又,则,且,则不等式可化为,即,且是定义在上的偶函数,在单调递增,则,即,即,所以,即实数的取值范围是.故选:A7.在中,角所对的边分别为,,若表示的面积,则的最大值为()A. B. C. D.【答案】D【解析】因为,由正弦定理得,所以,由余弦定理得,所以,令,则,当且仅当,即时取等号,所以,故选:D.8.已知函数在区间上的最小值恰为,则所有满足条件的的积属于区间()A. B. C. D.【答案】C【解析】当时,因为此时的最小值为,所以,即.若,此时能取到最小值,即,代入可得,满足要求;若取不到最小值,则需满足,即,在上单调递减,所以存在唯一符合题意;所以或者,所以所有满足条件的的积属于区间,故选:C二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得6分,有选错的得0分,部分选对的得部分分.9.下列结论正确的是()A.若,则B.若,则的最小值为2C.若,则的最大值为2D.若,则【答案】AD【解析】因为,所以,因为,所以,所以,故A正确;因为的等号成立条件不成立,所以B错误;因为,所以,故C错误;因为,当且仅当,即时,等号成立,所以D正确.故选:AD10.已知定义域在R上的函数满足:是奇函数,且,当,,则下列结论正确的是()A.的周期 B.C.在上单调递增 D.是偶函数【答案】BC【解析】由于是奇函数,所以,则又,则,所以,所以的周期为8,A错误,,,故B正确,根据函数的性质结合,,作出函数图象为:由图象可知:在上单调递增,C正确,由于的图象不关于对称,所以不是偶函数,D错误故选:BC11.在四棱锥中,底面ABCD是矩形,,,平面平面ABCD,点M在线段PC上运动(不含端点),则()A.存在点M使得B.四棱锥外接球的表面积为C.直线PC与直线AD所成角为D.当动点M到直线BD的距离最小时,过点A,D,M作截面交PB于点N,则四棱锥的体积是【答案】BCD【解析】如图1,取AD的中点G,连接GC,PG,BD,,则,因为平面平面ABCD,平面平面,平面,所以平面ABCD,平面,则.又因为,所以,又,平面,所以平面PGC.因为平面PGC,平面PGC,所以不成立,A错误.因为△APD为等腰直角三角形,将四棱锥的侧面APD作为底面一部分,补成棱长为1的正方体.如图2,则四棱锥的外接球即为正方体的外接球,其半径,即四棱锥外接球的表面积为,B正确.如图2,直线PC与直线AD所成角即为直线PC与直线BC所成角,为,C正确.如图1,因为平面PGC,当动点M到直线BD距离最小时,由上推导知,,,,,,,因此M为PC的中点.如图3,由M为PC的中点,即为中点,平面即平面与的交点也即为与的交点,可知N为QA的中点,故,D正确.故选:BCD.三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.12.已知数列满足,则数列的通项公式为__________.【答案】【解析】数列中,,,显然,则有,即,而,因此数列是以2为首项,2为公比的等比数列,所以,即.13.已知函数,若的最小值为,则________.【答案】【解析】,,所以,或,,所以.14.已知函数,若函数的图象在点和点处的两条切线相互平行且分别交轴于、两点,则的取值范围为______.【答案】【解析】当时,,,则,当时,,,则,因为函数的图象在点和点处的两条切线相互平行,则,即,则,,,所以,,令,其中,则,当时,,此时函数在0,1上单调递减,当时,,此时函数在1,+∞上单调递增,所以,,因此,的取值范围是.四、解答题:本题共5小题,共77分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.15.在中,内角、、的对边分别为、、,已知.(1)若,,求的面积;(2)求的最小值,并求出此时的大小.解:(1)由题意得,因为,所以,故,又,所以.因为、是的内角,所以为钝角,所以,所以,所以是等腰三角形,则,所以.(2)由(1)可知,中,,即为钝角,则,因为,,所以,设,则,由,故,当且仅当,即,结合钝角,即当时等号成立,所以的最小值是5,此时.16.如图,在正三棱锥中,有一半径为1半球,其底面圆O与正三棱锥的底面贴合,正三棱锥的三个侧面都和半球相切.设点D为BC的中点,.(1)用分别表示线段BC和PD长度;(2)当时,求三棱锥的侧面积S的最小值.解:(1)连接OP,由题意O为的中心,且面ABC,又面ABC,所以,所以为直角三角形.设半球与面PBC的切点为E,则且.在中,,所以.在中,.(2)由题知,,化简得,,令,则上述函数变形为,,所以,令,得.当时,,单调递减,当时,,单调递增,所以当时,三棱锥的侧面积S的最小值为.17.已知函数.(1)若函数在处的切线与直线垂直,求实数的值.(2)若函数存在两个极值点,求实数的取值范围.解:(1),,则,解得.(2),由题设可知有两个不同的零点,且在零点的附近的符号发生变化.令,则,若,则,则为0,+∞上为增函数,在0,+∞上至多有一个零点.当时,若,则,故在上为增函数,若,则,故在上为减函数,故,故.又且,故在上存在一个零点;下证当时,总有.令,则,当时,,故为上的减函数,故,故成立.令,则,故当时,有,取,则当时,有,故,故在上,存在实数,使得,由零点存在定理及的单调性可知可得在上存在一个零点.综上可知,实数的取值范围是.18.已知数列满足,记数列的前项和为.(1)求;(2)已知且,若数列是等比数列,记的前项和为,求使得成立的的取值范围.解:(1)①②②-①得,,得.当时,①式为,得,也满足上式.,数列an是等差数列,所以.(2),则数列是以1为首项,3为公比的等比数列,,又,得,得.令,即,即.当时,经验证,(*)式满足要求.令,则,所以当时,,即当时,式不成立.使得成立的的取值范围是.19.牛顿法(Newton'smethod)是牛顿在17世纪提出的一种用导数求方程近似解的方法,其过程如下:如图,设r是的根,选取x.作为r的初始近似值,过点作曲线的切线L,L的方程为.如果,则L与x轴的交点的横坐标记为,称为r的一阶近似值.再过点作曲线的切线,并求出切线与x轴的交点横坐标记为,称为r的二阶近似值.重复以上过程,得r的近似值序列:,根据已有精确度,当时,给出近似解.对于函数,已知.(1)若给定,求r的二阶近似值;(2)设①试探求函数h(x)的最小值m与r的关系;②证明:

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