湖北漱十一所重点中学2025届高三数学上学期第二次联考试题含解析

Page24湖北省二十一所重点中学2024届高三数学上学期其次次联考试题本试卷共6页，22小题，满分150分.考试用时120分钟.留意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、试室号和座位号填写在答题卡指定位置上，并在相应位置填涂考生号．2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．答案不能答在试卷上．3．非选择题必需用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必需写在答题卡各题目指定区域内相应位置上.4．考生必需保持答题卡的整齐．考试结束后，将试卷和答题卡一并交回．一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.设全集，集合，B={1，2，3}，则（）∩B=（）A.{1} B.{1，2} C.{2，3} D.{1，2，3}【答案】C【解析】【分析】先计算出，再计算即可.【详解】.故选：C.2.已知复数，则复数的虛部为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】先由复数的运算求出，再求出虚部即可.【详解】，故虚部为.故选：A.3.对随意的，当时，恒成立，则实数的取值范围是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】将不等式等价变形，构造函数，再借助函数单调性、最值求解作答.【详解】依题意，，令，，则对随意的，当时，，即有函数在上单调递减，因此，，，而，则，所以实数的取值范围是.故选：C4.若函数（）在上单调，且在上存在极值点，则ω的取值范围是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】依据函数在上单调，可知，计算出函数的对称轴，然后依据函数在所给区间存在极值点可知，最终计算可知结果.【详解】因为在上单调，所以，则，由此可得.因当，即时，函数取得极值，欲满意在上存在极值点，因为周期，故在上有且只有一个极值，故第一个极值点，得，又其次个极值点，要使在上单调，必需，得.综上可得，的取值范围是.故选：C【点睛】思路点点睛：第一步：先依据函数在所给区间单调推断；其次步：计算对称轴；第三步：依据函数在所给区间存在极值点可得，即可.5.已知常数满意.设和分别是以和为渐近线且通过原点的双曲线，则和的离心率之比（）A. B. C.1 D.【答案】C【解析】【分析】由题可以推断中心为点，且为实轴在直线上的双曲线，为实轴在直线上的双曲线，可以用表示离心率，继而求出离心率之比.【详解】由题意知双曲线的中心为点，由两双曲线过原点可知为实轴在直线上的双曲线，所以，，为实轴在直线上的双曲线，所以，，因此.故选：C.【点睛】本题考查对双曲线渐近线和离心率性质的理解，属于中档题.6.十八世纪早期，英国数学家泰勒发觉了公式，(其中，，n!=1×2×3×…×n0!=1)，现用上述公式求的值，下列选项中与该值最接近的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】求出后代入得cos1=sin可得答案，即与最接近.【详解】所以cos1==sin=sin，由于与最接近，故选：B7.在计算机的C语言编译器中，一般对char（一种整数类型）读取后八个字节，如000100000000视为00000000即为0.故因此衍生出了补码，即当取值在10000000到11111111之间，视为负数处理.假如定义一个char类型变量，后输出的值为（）A.0 B.128 C. D.【答案】D【解析】【分析】依据题中所给算法进行计算即可.【详解】因为取值在10000000到11111111之间，视为负数处理，所以换算为10进制，即128-255之间的数用负数处理，又因为处理为，处理为，处理为，……以此类推，处理为.故选：D8.某旅游景区有如图所示A至H共8个停车位，现有2辆不同的白色车和2辆不同的黑色车，要求相同颜色的车不停在同一行也不停在同一列，则不同的停车方法总数为（）

A.288 B.336 C.576 D.1680【答案】B【解析】【分析】依据题意,分2步进行分析,由分步计数原理计算可得答案.【详解】解:第一步:排白车,第一行选一个位置,则其次行有三个位置可选,由于车是不相同的,故白车的停法有种,其次步,排黑车,若白车选,则黑车有共7种选择,黑车是不相同的,故黑车的停法有种，依据分步计数原理,共有种,故选：B二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，有选错的得0分，部分选对的得3分.9.已知正数x，y，z满意，则（）A. B. C. D.【答案】ABD【解析】【分析】设，，求出，依据对数的运算性质及换底公式计算即可推断A；利用作商法即可推断B；利用作差法即可推断D；再依据AD即可推断C.【详解】解：设，，则，，，所以，A正确；因为，则，因为，则，所以，B正确；因为，则，D正确因为，则，所以，C错误.故选：ABD.10.高斯是德国闻名数学家，近代数学奠基者之一，享有“数学王子”的称号，他和阿基米德，牛顿并列为世界三大数学家，用表示不超过x的最大整数，则称为高斯函数，例如，.则下列说法正确的是（）A.函数区间（）上单调递增B.若函数，则的值域为C.若函数，则的值域为D.，【答案】AC【解析】【分析】求出函数式确定单调性推断A；举特例说明推断B，D；变形函数式，分析计算推断C作答.【详解】对于A，，，有，则函数在上单调递增，A正确；对于B，，则，B不正确；对于C，，当时，，，有，当时，，，有，的值域为，C正确；对于D，当时，，有，D不正确.故选：AC11.华人数学家李天岩和美国数学家约克给出了“混沌”的数学定义，由此发展的混沌理论在生物学､经济学和社会学领域都有重要作用.在混沌理论中，函数的周期点是一个关键概念，定义如下：设是定义在R上的函数，对于R，令，若存在正整数k使得，且当0<j<k时，，则称是的一个周期为k的周期点.若，下列各值是周期为1的周期点的有（）A.0 B. C. D.1【答案】AC【解析】【分析】依据题意中周期点定义，分别求出当、、、时的函数周期，进而得出结果.【详解】A：时，，周期为1，故A正确；B：时，，所以不是的周期点.故B错误；C：时，，周期为1，故C正确；D：时，，不是周期为1的周期点，故D错误.故选：AC.12.在数列中，对于随意的都有，且，则下列结论正确的是（）A.对于随意的，都有B.对于随意的，数列不行能为常数列C.若，则数列为递增数列D.若，则当时，【答案】ACD【解析】【分析】A由递推式有上，结合恒成立，即可推断：B反证法：假设为常数列，依据递推式求推断是否符合，即可推断；C、D由上，探讨、探讨数列单调性，即可推断.【详解】A：由，对有，则，即随意都有，正确；B：由，若为常数列且，则满意，错误；C：由且，当时，此时且，数列递增；当时，此时，数列递减；所以时数列为递增数列，正确；D：由C分析知：时且数列递减，即时，正确.故选：ACD【点睛】关键点点睛：选项B应用反证法，假设为常数列求通项，推断是否与冲突；对于C、D，将递推式变形为，探讨、探讨数列单调性.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.设绽开式中各项系数和为的系数为，则___________；___________.【答案】①.1024②.5400【解析】【分析】令，即可得到绽开式各项系数和，从而求出，再由，写出绽开式的通项，再令，求出、，再代入计算可得；【详解】解：依题意令得，所以；又，所以绽开式的通项为令，解得，所以，故的系数；故答案为：；；14.空间四面体中，，二面角的大小为，在平面内过点作的垂线，则与平面所成的最大角的正弦值___________.【答案】##【解析】【分析】通过空间想象确定与平面所成角最大时平面ABC与平面的关系，从而得到所求角和的关系，然后设棱长，利用二面角和干脆计算可得.【详解】记过点B作的垂线l，垂足为E，过点E作垂直于直线CE的平面，交平面于直线BF，则当平面ABC时，与平面所成角最大，且与互余.此时，因为平面ACB，平面所以平面ACB平面，则由点E向平面作垂线，垂足H在CB上，过H作CD垂线HG，垂足为G，连接EG.由题知，，记，则在中，又，所以在中，，在中，记此时与平面所成角为，则.故答案为：

15.函数，其中a，b为实数，且.已知对随意，函数有两个不同零点，a的取值范围为___________________.【答案】【解析】【分析】将函数有两个不同零点转化为方程有两个不等实根；再将方程变形构造新函数，求导并探讨新函数的单调性，求其最小值，得到，再由已知条件求得即可.【详解】因为有两个不同零点有两个不相等的实根即有两个不相等的实根；所以，令，则，明显不为零，所以，因为，，所以，所以；令，则；令，则，所以在上单调递增，又，所以当时，；当时，；所以当时，；当时，；故在上单调递减，在上单调递增；所以，所以；又，所以，所以即，，又，所以；故答案为：.16.已知平面对量，和单位向量，满意，，，当改变时，的最小值为，则的最大值为__________.【答案】【解析】【分析】不妨设，，则由题知，由已知条件得，，将用坐标表示，并求模，代入及，整理得，构造函数，求出最小值，表示出的解析式，用均值不等式求其最大值即可.【详解】不妨设，，则由题知又，所以整理得①，所以又，所以而将①代入整理得：令，，有最小值，又，当且仅当时等号成立所以，当时有最大值.故答案为：.四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.现有下列三个条件：①函数的最小正周期为；②函数的图象可以由的图象平移得到；③函数的图象相邻两条对称轴之间的距离.从中任选一个条件补充在下面的问题中，并作出正确解答.已知向量，，，函数.且满意_________.（1）求的表达式，并求方程在闭区间上的解；（2）在中，角，，的对边分别为，，.已知，，求的值.【答案】（1）不能选②，，或或；（2）.【解析】【分析】（1）依据向量数量积坐标运算公式求得，依据其性质，可以推断不行能选②，结合①③的条件，可以求得，得到函数解析式，依据三角函数值以及角的范围，确定出方程的解；（2）结合（1），求得，依据正弦定理以及题中条件，求得，依据平方关系求得，结合诱导公式以及三角形内角和，求得的值.【详解】（1）因为，，所以.若满意条件①：，所以，故.因为，无法由的图象经过平移得到的图象，因此不能选②.若满意条件③：因为，所以，故，即.综上，无论选条件①或③，所求.因为，所以.又，所以，所以或或，即或或.所以方程在闭区间上的解为或或.（2）由（1）知，所以，，即，.因为，所以，，.又，由正弦定理，得，整理得.因为，所以，所以.又，得，所以.18.已知数列满意，.（1）若且.（ⅰ）当成等差数列时，求k的值；（ⅱ）当且，时，求及的通项公式.（2）若，，，.设是的前n项之和，求的最大值.【答案】（1）（ⅰ），（ⅰⅰ），；（2）.【解析】【分析】（1）依据等差数列的定义以及等差中项的性质即可求的值；由题可得是首项为，公比为2的等比数列，进而可得数列的通项，再利用累乘法即可求的通项公式；（2）利用分组求和可得，结合，，求出利用基本不等式求最大值，即可求出的最大值.【小问1详解】（ⅰ）因为成等差数列，所以，所以，又所以；（ⅱ）因为，所以，，所以，所以，因为，又由，所以是首项为，公比为2的等比数列，所以，所以，∴所以；【小问2详解】由可得，所以，因为，所以，即，因为，，，所以即，，因为，，所以，因为，所以，所以，可得，所以，令，设，，对称轴为，是开口向上的抛物线，在单调递增，所以时取得最大值，故最大值为，所以最大值为.【点睛】方法点睛：数列求和的方法（1）倒序相加法：假如一个数列的前项中首末两端等距离的两项的和相等或等于同一个常数，那么求这个数列的前项和即可以用倒序相加法（2）错位相减法：假如一个数列的各项是由一个等差数列和一个等比数列的对应项之积构成的，那么这个数列的前项和即可以用错位相减法来求；（3）裂项相消法：把数列的通项拆成两项之差，在求和时，中间的一些项可相互抵消，从而求得其和；（4）分组转化法：一个数列的通项公式是由若干个等差数列或等比数列或可求和的数列组成，则求和时可用分组转换法分别求和再相加减；（5）并项求和法：一个数列的前项和可以两两结合求解，则称之为并项求和，形如类型，可采纳两项合并求解.19.已知四棱锥的底面为直角梯形，平面，.（1）若点是棱上的动点请推断下列条件：①直线AM与平面ABCD所成角的正切值为；②中哪一个条件可以推断出平面（无需说明理由），并用你的选择证明该结论；（2）若点为棱上的一点（不含端点），摸索究上是否存在一点N，使得平面ADN平面BDN？若存在，恳求出的值，若不存在，请说明理由.【答案】（1）②，证明见解析（2）存在，【解析】【分析】（1）先连接、交于，确定是的几等分点，再确定是的几等分点．（2）建立空间直角坐标系，平面垂直，对应法向量垂直，数量积为，列出方程求解．【小问1详解】条件②可以推断平面.如图，连接，相交于点，连EM.在梯形中，有，，.又因为，所以，故，又平面，平面，所以平面.故当时，平面.【小问2详解】以A为原点，AD，AB，AP分别为x轴，y轴，z轴建立如图所示坐标系，则A(0，0，0)，D(1，0，0)，P(0，0，1)，C(1，1，0)，B(0，2，0)，设，则对于平面ADN，设其法向量，满意，即，故取对于平面BDN，设其法向量，满意，即，故取，若平面ADN平面BDN，则，即，解得，此时N为PC的中点，.20.某种电子玩具启动后，屏幕上的LED显示灯会随机亮起红灯或绿灯．在玩具启动前，用户可对（）赋值，且在第1次亮灯时，亮起红灯的概率为，亮起绿灯的概率为．随后若第n（）次亮起的是红灯，则第n+1次亮起红灯的概率为，亮起绿灯的概率为；若第n次亮起的是绿灯，则第n+1次亮起红灯的概率为，亮起绿灯的概率为．（1）若输入，记该玩具启动后，前3次亮灯中亮红灯的次数为X，求X的分布列和数学期望；（2）在玩具启动后，若某次亮灯为红灯，且亮红灯的概率在区间（，）内，则玩具会自动唱一首歌曲，否则不唱歌．现输入，则在前20次亮灯中，该玩具最多唱几次歌？【答案】（1）分布列见解析，（2）7次【解析】【分析】（1）由题意分析的全部可能取值为0，1，2，3.分别求概率，写出分布列，求出数学期望；（2）记第次亮灯时，亮起红灯的概率为，得到，能证明出是首项为，公比为的等比数列.求出，依据题意建立不等式，求出n的最大值.【小问1详解】据题意，的全部可能取值为0，1，2，3.当时，前3次亮灯的颜色为“绿绿绿”，则当时，前3次亮灯的颜色为“红绿绿”，或“绿红绿”，或“绿绿红”，则当时，前3次亮灯的颜色为“红红绿”或“红绿红”或“绿红红”，则当时，前3次亮灯的颜色为“红红红”，则所以的分布列为：0123【小问2详解】记第次亮灯时，亮起红灯的概率为，由题设，则因为则，所以是首项为，公比为的等比数列.则，所以由，得，所以为奇数.由，得因为为奇数，则，即，则.当时，，9，11，13，15，17，19.因为玩具在这7次亮灯中亮红灯是随机事务，所以在前20次亮灯中，该玩具最多唱7次歌.21.已知点在抛物线E：（）的准线上，过点M作直线与抛物线E交于A，B两点，斜率为2的直线与抛物线E交于A，C两点.（1）求抛物线E的标准方程；（2）（ⅰ）求证：直线过定点；（ⅱ）记（ⅰ）中的定点为H，设的面积为S，且满意，求直线的斜率的取值范围.【答案】（1）（2）（ⅰ）证明见解析；（ⅱ）【解析】【分析】（1）依据点在抛物线准线上可得，即可求出抛物线方程（2）（ⅰ）设直线的方程为，与抛物线联立方程