（讲评用卷）2022年河南逆袭卷（诊断卷）·物理

物理试卷第页（共页）2022年河南逆袭卷（诊断卷）·物理满分:70分考试时间:60分钟一、填空题(本题共6小题，每空1分，共14分)1.在物理学中，常用模型法来形象地描述一些不易观察到的物理现象或规律，例如用________形象地描述__________________．1.磁感线(或光线)磁场的强弱和方向(或光的传播路径和方向)2.如图所示的河南大鼓又称河洛大鼓，河洛大鼓是一种以说、唱为艺术表演手段，叙述故事、塑造人物、表达思想感情、歌唱社会的传统音乐．常见的表演形式是主唱者左手打钢板，右手敲击平鼓，另有乐师以坠胡伴奏，鼓声是由________振动产生的，观众是通过声音的________区分鼓声和钢板声的．2.鼓面音色【解析】鼓声是由鼓面振动产生的，人能区分鼓声和钢板声是因为音色不同．3.二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，如“一朝秋暮露成霜”描述的是霜降，霜的形成属于________现象，而且多形成于深秋的凌晨时间，说明霜的形成过程中需要________热量．3.凝华放出【解析】霜是由水蒸气直接变成的小冰晶，属于凝华现象，多形成在气温较低的深秋的凌晨，说明需要放出热量．4.如图所示是某种电梯结构的示意图，已知电梯的配重块重200

kg，电梯在8

s内匀速将质量为400

kg的电梯轿厢和质量为50

kg

的小明从1楼提升到5楼，每层楼高3

m，若不考虑钢绳重和摩擦，则此电动机对钢绳的拉力为________N，电动机拉力做功的功率为________W；若考虑实际情况，则增加电梯运行的机械效率可以采用的办法有______(填写一种方法即可)．(g取10

N/kg)4.250750减小钢绳的质量(或减小各部件的摩擦力)【解析】电梯轿厢与乘客的总重力G＝mg＝

(400

kg＋50

kg)×10

N/kg＝4

500

N，对电梯轿厢受力分析，两根钢绳拉动电梯轿厢匀速直线运动，n＝2，所以每根钢绳的拉力F＝12G＝12×4

500

N＝2

250

N；配重块的重力为G配＝m配g＝200

kg×10

N/kg＝2

000

N，所以电动机对钢绳的拉力F拉＝2

250

N－2

000

N＝250

N；电梯上升的高度h＝3

m×4＝12

m，拉力做的功W＝F拉s＝F拉×nh＝250

N×2×12

m＝6×103

J，拉力做功的功率P＝Wt＝6×103J8s＝750

W；考虑实际，由机械效率η＝W有5.如图所示的电路中，电阻R1的阻值为5

Ω，滑动变阻器的最大阻值为20

Ω.若在AB间接入电源，CD间接入标有“3

V3

W”的小灯泡，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片至最左端时，小灯泡正常发光，则通过电阻R1的电流为________A，电路消耗的总功率为________W；断开开关，移动滑动变阻器的滑片至最右端，在AB间接入的电源不变，

CD间接入电压表，闭合开关后，电压表的示数为________V.5.0.6

4.80.6【解析】在AB间接入电源，

CD间接入小灯泡，闭合开关，移动滑动变阻器滑片至最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，R1与小灯泡并联，小灯泡正常发光，则电源电压为3

V，通过电阻R1的电流I1＝UR1＝3V5Ω＝0.6

A；通过小灯泡的电流为IL＝PUL＝3W3V＝1

A，干路中的电流为I＝I1＋IL＝0.6

A＋1

A＝1.6

A，电路消耗的总功率为P＝UI＝3

V×1.6

A＝4.8

W；移动滑动变阻器的滑片至最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大为20

Ω，在AB间接入的电源不变，

CD间接入电压表，此时电阻R1与滑动变阻器串联，电压表测量电阻R1两端的电压，则电路中的电流为I′＝UR1＋R滑max＝6.如图所示，“天和”核心舱内的航天员处于“失重”状态，航天员抓住扶手用力向后拉时，人可以向前进，这利用了________________，他试图在空间站内直接行走，但向后蹬地时却无法前进，原因是____________________________________．6.力的作用是相互的

脚与地面间的压力为零，受到的摩擦力为零，无法前进【解析】根据力的作用是相互的，人向后拉扶手时，受到向前的力，所以可以前进；由于空间站内人处于失重状态，对地面的压力为零，所以摩擦力为零，无法前进．二、选择题(本题共8小题，每小题2分，共16分．第7～12题每小题只有一个选项符合题目要求；第13～14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分)7.如图所示的情景都与气压有关，其中与其他三种情景的原理不同的是（）7.A【解析】将吸盘按在光洁的瓷砖表面，放手后吸盘会被吸在瓷砖上，利用的是大气压强；等候列车时要站在安全线以外是因为人和高速行驶的列车之间的空气流动速度大，压强小，人身后的空气相对流速较小，压强大，人在内外压强差的作用下，易被强大的气流压向列车；机翼的形状上凸下平，飞机起飞或滑行时，机翼上方的空气流速大、压强较小，机翼下方的空气流速小、压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，从而产生向上的升力；对着两张平行的纸吹气，两张纸中间的空气流速大压强小，而两张纸的外部空气流速小压强大，两张纸受到两边向内的压力差，所以纸张向中间靠拢．综上所述，与其他三种的原理不同的是A.故选A.8.在物理课上小亮给同学们展示了一个小实验，如图所示，小亮先用一个气球与毛皮摩擦，然后靠近空的易拉罐，会发现易拉罐向气球滚过来.

则下列说法正确的是（

）A.

摩擦后的气球只能吸引导体材料B.气球带电是通过摩擦的方法创造了电荷C.该现象说明带电体能吸引轻小物体D.气球摩擦毛皮带了电，说明气球也是导体8.C【解析】摩擦后的气球既可以吸引导体材料，又可以吸引绝缘体材料，A错误；气球带电是通过摩擦的方法使电子发生了转移，而不是创造了电荷，B错误；摩擦过的气球带电，当靠近空易拉罐时，易拉罐向气球方向滚动，说明了带电体能吸引轻小物体，C正确；气球虽然摩擦毛皮带了电，但气球不是导体，能带电不一定能导电，D错误.

故选C.9.下列关于能源、信息、材料的说法正确的是（

）A.

电能可以由自然界中的各种能源转化，不需要节约B.如用超导体制成导线输电，电能损失就会大大减小C.电视、广播、移动通信都是利用超声波传递信息的D.核潜艇是利用在核反应堆中发生核聚变提供能量的9.B【解析】虽然电能可以由自然界中的各种能源转化而来，但是这些能源大多数也都是不可再生的，而且在转化过程中也需要成本，所以仍要节约，A错误；超导体电阻为零，可实现远距离大功率输电，电能损失会大大减小，B正确；电视、广播、移动通信利用电磁波传递信息，C错误；核潜艇是利用在核反应堆中发生核裂变提供能量的，D错误．故选B.10.如图所示是用独轮车在水平地面上装运砖头的情景，点A是支架与地面的接触点，关于独轮车使用过程中的说法正确的是（

）A.

独轮车的支架对地面的压力等于车和砖头的总重力B.

用独轮车装运砖头可以省距离，但是会费力C.

手握住越靠近车厢的位置施加向上的力，所需的力越小D.

砖头装在车厢内越靠左的位置，抬起车把所需的力越小10.D【解析】因为车轮和支架对地面的压力之和才等于车和砖头的总重力，所以支架对地面的压力小于车和砖头的总重力，A错误；独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力但费距离，B错误；在阻力和阻力臂一定时，手握住越靠近车厢的位置，动力臂越小，所需的力越大，C错误；砖头装在车厢内越靠左的位置，阻力臂越小，抬起车把所需的力越小，D正确．故选D.11.

某小区安装的人脸识别门禁一体机，通过摄像机镜头来捕捉人脸信息，下列说法正确的是（

）A.镜头部分相当于一个近视眼镜

B.镜头所成的像是正立、缩小的实像C.当人脸远离镜头时，所成的像会变小

D.镜头成像原理与望远镜的工作原理相同11.C【解析】摄像机镜头是凸透镜，近视眼镜是凹透镜，A错误；镜头所成的像是倒立、缩小的实像，B错误；当人脸远离镜头时，物距变大，所以像会变小，C正确；望远镜是先经过物镜成倒立缩小的像，目镜相当于一个放大镜，再将像放大，所以原理不同，D错误．故选C.12.如图所示是神舟十三号载人飞船发射时及载人飞船进入预定轨道和空间站组合体交会对接的情景，下列说法正确的是（

）A.载人飞船和空间站组合体交会对接后，空间站相对于飞船是静止的B.火箭和载人飞船离开地面加速上升过程中受到平衡力的作用C.火箭和载人飞船离开地面加速上升过程中具有的机械能不变D.载人飞船上升时表面产生大量热量，是通过热传递的方式改变内能的12.A【解析】载人飞船和空间站组合体交会对接后，相对位置不发生改变，所以空间站相对于飞船是静止的，A正确；火箭和载人飞船离开地面加速上升，受到非平衡力的作用，B错误；火箭和载人飞船加速上升过程中质量不变，速度和高度均增大，所以动能和重力势能均增大，机械能增大，C错误；载人飞船经过大气层时与空气摩擦产生大量热量，将机械能转化为内能，属于做功改变内能，D错误．故选A.13.如图所示是一种“闯红灯违规证据模拟器”的工作原理图，光控开关接收到红光时会自动闭合，压敏电阻若同时受到车的压力，其阻值变小，下列说法正确的是（）A.

控制电路工作时，电磁铁的上端是N极

B.车辆违规闯红灯时，控制电路的电流变小C.车辆违规闯红灯时，电控照相机工作

D.车辆违规闯红灯时，控制电路消耗的功率变大13.CD【解析】由图可知，螺线管中电流从下端流入，上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的下端是N极，A错误；只有在红灯亮的期间，光控开关才闭合，若此时车辆违规闯红灯行驶，会压上压敏电阻，从而使压敏电阻的阻值减小，在电源电压一定的情况下，电阻越小，电流就越大，B错误；电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，并且电流越大，磁性越强，所以电磁铁的磁性会增强，当电流增大到一定程度时，电磁铁会将衔铁吸下，使其与触点2接触，与触点1断开，电控照相机所在的电路接通，照相机会对违规车辆进行拍照，C正确；车辆违规闯红灯时，控制电路的电流变大，由P＝UI，控制电路消耗的功率变大，D正确．故选CD.14.将两个体积相同、材质不同的小球分别放入装有相同体积的同种液体、形状完全相同的甲、乙两容器中，小球静止时的情景如图所示，下列判断正确的是（

）A.

甲容器中小球的密度小于乙容器中小球的密度B.甲容器中小球所受浮力大于乙容器中小球所受浮力C.甲、乙两容器中的小球排开的液体的质量相等D.甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强14.AD【解析】两小球在同一种液体中，小球在甲容器中漂浮，则甲中小球的密度小于液体密度，小球在乙容器中悬浮，则乙中小球的密度等于液体密度，即甲中小球的密度小于乙中小球的密度，A正确；小球在甲、乙容器中漂浮和悬浮，则所受浮力等于其重力，由于两球体积相等，由ρ＝mV知，甲中小球的质量小于乙中小球的质量，所以甲容器中小球所受浮力小于乙容器中小球所受浮力，B错误；由阿基米德原理可知，甲中小球排开的液体的重力小于乙中小球排开的液体的重力，故甲中小球排开的液体质量较小，C错误；甲、乙容器中液体的体积和密度相同，故两容器中液体质量相同，由甲中小球的质量小于乙中小球的质量可知，甲容器的总质量小于乙容器的总质量，所以甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力，根据p＝FS可得，甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强，D正确．故三、作图题(本题共2小题，每小题2分，共4分)15.如图所示，小星用绳子拉着小车前进，请画出小车受到的重力和拉力的示意图．15.如答图所示【解析】小车受到的重力的作用点在重心处，方向竖直向下，从重心开始沿竖直向下的方向画一条有向线段，并用G表示；拉力方向沿绳子向上，从重心开始沿拉力的方向画一条有向线段，并用F表示，如答图所示．16.如图甲所示是小明家中的空调专用插座，空调插头插上后，必须按下一旁的开关，空调才能工作，请在图乙中将开关和插座正确连接起来．16.如答图所示【解析】根据安全用电原则，左零右火，中间接地，开关接在火线上，如答图所示．四、实验探究题(本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题9分，共19分)17.为了“探究光反射时的规律”，小刚进行了如图所示的实验，把一个平面镜放在水平面上，再把纸板竖直立放在平面镜上，纸板由可以绕ON折转的E、F两部分组成．(1)如图甲所示，使一束光贴着纸板沿某一角度射到O点，经平面镜反射，沿另一个方向射出，在纸板上用笔描出入射光EO及反射光OF的径迹，接下来应该改变___________，多做几次实验，并换用不同颜色的笔记录每次光的径迹．(2)取下纸板，用量角器量出入射角和反射角的大小，图甲中EO与垂直镜面的ON的夹角为________(选填“入射角”或“反射角”)．记录实验数据如下表所示，由此可得出光反射时的规律：____________________________________(写出一条即可).实验次数入射角反射角120°20°240°40°355°55°(3)如图乙所示，将纸板NOF向后折，在纸板上看不见反射光线，由此表明反射光线、入射光线、法线在________内．17.(1)入射角的大小(2)入射角反射角等于入射角(或反射角随入射角的增大而增大)(合理即可)(3)同一平面【解析】(1)实验过程中，应改变入射角的大小，多次进行实验；(2)入射光线EO与垂直镜面的ON的夹角为入射角；由表中数据可得，光反射时，反射角等于入射角(或反射角随入射角的增大而增大)；(3)将纸板NOF向后折，在纸板上看不见反射光线，这说明反射光线、入射光线、法线在同一平面内．18.在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中：(1)实验前，小明利用U形管、软管、扎紧橡皮膜的探头等组装成压强计后，发现U形管两侧液面不相平，如图甲所示，他应进行的操作是________________．(2)调整好压强计后，小明用图乙所示装置开始实验，实验记录的数据如表：序号液体深度/cm探头方向压强计左右液面高度差/cm1水5朝上4.92水5朝下4.93水5朝侧面4.94水10朝侧面9.75水15朝侧面14.66盐水15朝侧面16.7①比较序号1、2、3三组数据，探究的问题是____________________________？②比较序号________三组数据，可以得出结论：同种液体中，深度越大，液体的压强越大；③比较序号5、6两组数据，可得出的结论是________________________________．(3)同组同学玲玲在做实验时，保持图乙中探头的位置不变，并向容器内加入适量的浓盐水，她发现U形管两侧液面的高度差变大了，于是得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论．老师说她的操作不科学，原因是________________________．(4)1648年，物理学家帕斯卡做了著名的“帕斯卡裂桶实验”，如图丙所示．实验中帕斯卡只用了几杯水就让装满水的木桶向四周裂开，这个实验现象能够验证液体压强的哪些特点：________________________________(写出一条即可)．18.(1)取下软管重新安装①在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等②3、4、5③同一深度处，液体密度越大，液体的压强越大(3)加入浓盐水后探头在液体中的深度也改变了(4)液体压强随着深度的增加而增大(或液体内部向各个方向都有压强)(合理即可)【解析】(1)若在使用压强计前发现U形管两侧液面有高度差，对实验结果会造成影响，应拆除软管重新安装；(2)①1、2、3三组数据，液体相同，深度相同，探头方向不同，所以探究的问题是在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等；②3、4、5三组数据，液体相同，深度不同，探头方向相同，深度越深，液面高度差越大，液体的压强越大；③5、6两组数据液体不同，深度和探头方向相同，液面高度差不同，所以可得出结论：液体的压强与液体密度有关，且同一深度处，液体密度越大，液体的压强越大；(3)在容器内加入适量的浓盐水，液体密度变大，但容器中液面上升，探头深度也变深了，在研究液体压强与密度的关系时，应保持深度不变；(4)灌了几杯水后，细管中水的深度增加得很多，根据液体压强的特点可知：液体压强随着深度的增加而增大；由图知水桶里的水向各个方向流出，说明液体内部向各个方向都有压强．19.在做“测量小灯泡的额定电功率”的实验时，电源电压为6

V，小灯泡的额定电压为2.5

V.(1)如图甲所示是小明没有连接完的实物电路，请你用笔画线代替导线帮他将电路连接完整．(2)闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表、电压表无示数，小明用电压表进行电路故障检测，当把电压表并联在滑动变阻器两端时电压表有示数，则电路故障可能为______________．(3)排除故障后，小明同学测出三组数据，记录在下表中．图乙为小灯泡正常发光时电流表的示数，请你将表格补充完整.次数电压U/V电流I/A实际功率P/W灯泡的亮度12.00.280.56偏暗22.5①______②______正常33.00.320.96偏亮

分析实验数据，小明发现小灯泡的亮度由______________决定．(4)小明在进行完以上测量后，发现电流表损坏了，于是再次设计电路如图丙所示，测量小灯泡的额定电功率，R0是电阻箱．实验步骤如下：①闭合开关S1，开关S2接a，调节滑动变阻器的滑片P，____________________________；②闭合开关S1，开关S2接b，____________________________，调节电阻箱，其示数为R时，电压表的示数为2.5

V；③计算小灯泡的额定电功率P＝__________．(用测量量和已知量表示)19.(1)如答图所示(2)滑动变阻器断路(3)①0.30②0.75小灯泡的实际功率①使电压表的示数为2.5

V②保持滑动变阻器的滑片不动③（【解析】(1)小灯泡与电流表、滑动变阻器、开关串联，电压表测量小灯泡两端的电压，小灯泡的额定电压为2.5

V，电压表要接0～3

V的量程，滑动变阻器接入电路的接线柱要上下各接一个接线柱，具体如答图所示；(2)闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表、电压表无示数，说明电路存在断路，当电压表并联在滑动变阻器两端时，电压表有示数，说明电路故障为滑动变阻器断路；(3)小灯泡正常发光，则其两端电压为额定电压2.5

V，电流表接小量程，分度值为0.02

A，则电流表的读数为0.30

A；由P＝UI可得，小灯泡的电功率P＝UI＝2.5

V×0.30

A＝0.75

W；由表中数据可知，小灯泡的实际功率越大，小灯泡越亮，所以小灯泡的亮度是由小灯泡的实际功率决定的；(4)①闭合开关S1，开关S2接a，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5

V；②闭合开关S1，开关S2接b，保持滑动变阻器的滑片不动，调节电阻箱，其示数为R时，电压表的示数为2.5

V；③根据P＝UI、I＝UR可得，P＝U2R，所以小灯泡的额定电功率P＝五、综合应用题(本题共2小题，第20题8分，第21题9分，共17分)20.2022年北京冬奥会主物流中心，为了物资入库保赛事，在“绿色物流、科技物流”的理念下，物流中心引入大量的“地狼”机器人．如图甲所示，一“地狼”机器人正在搬运一货架，图乙是其行驶的路程s与时间t的关系图像．已知“地狼”机器人的质量是25

kg，车轮与地面接触的总面积为100

cm2，机器人搬运货架静止时对地面的压强为1.5×105

Pa，机器人匀速直线行驶时所受的阻力是其总重的0.2倍．(g取10

N/kg)(1)“地狼”机器人到达目的地不能立即停下来，是因为“地狼”机器人具有________．(2)“地狼”机器人在0～2

min的速度为多少？(3)“地狼”机器人所搬运的货架的质量为多少？(4)“地狼”机器人在5～7

min内牵引力做功的功率为多少？20.(1)惯性(2)“地狼”机器人在0～2

min的速度v＝st＝60m(3)此时“地狼”机器人对水平地面的压力为F＝pS＝1.5×105

Pa×100×10－4

m2＝1

500

N

“地狼”机器人所搬运的