物理-2025年中考终极押题猜想（广州专用）（解析版）

年中考物理终极押题猜想（广州）（高分的秘密武器：终极密押+押题预测）题型一选择题押题猜想一估测 2押题猜想二能量的转换关系及效率 5押题猜想三物态变化 9押题猜想四两种电荷的相互作用及物体是否带电判断 13押题猜想五声现象 16押题猜想六简单机械与机械效率 19押题猜想七电和磁 22押题猜想八机械运动及惯性 27押题猜想九比热容 30押题猜想十电路设计 34二、非选择题押题猜想十一光的反射、折射与平面镜成像 38押题猜想十二凸透镜的成像规律及其应用 43押题猜想十三杠杆 48押题猜想十四摩擦力 53押题猜想十五机械能的相互转化 57押题猜想十六压强 60押题猜想十七浮力 65押题猜想十八电功和电功率 70押题猜想十九探究与设计 75题型一选择题押题猜想一估测下列有关物理量的估测，最符合实际的是（）A．教室的门框高度约2mB．物理教科书所受重力约50NC．中学生百米赛跑用时约6sD．中学生双脚站立对地面的压强约100Pa【答案】A【详解】A．教室高度一般为3米左右，教室门稍矮一些，故教室的门框高度约2m，故A符合题意；B．一本物理课本的质量约300g＝0.3kg受到的重力约G＝mg＝0.3kg×10N/kg＝3N故B不符合题意；C．中学生百米赛跑用时约14s，故C不符合题意；D．中学生的体重在G＝500N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.04m2左右，双脚对水平地面的压强在故D不符合题意。故选A。押题解读本题考查长度、重力、时间、压强的相关知识，运用到了质量的单位换算，重力与质量的关系，力的平衡关系，固体压强的求解公式等，有一定的综合性。从生活走向物理，要求学生对生活中的常见实物有一定了解，并能结合相关物理量进行估测及计算，对各个常用物理单位的量度大小要十分清楚，考查难度一般。考前秘笈留心日常学习与生活中常见的实物的物理量大小，尤其是长度、质量等物理量，考查频率较高。常规题材往往专注一个物理量进行考查，需熟练掌握同一个物理量各个单位的换算关系，新题型往往具有一定的范围性，涉及多个物理量的考查，涉及一些简单的计算，基础知识需掌握牢固。对于自己不熟悉的实物，可以借助熟悉的物理做参照进行估测，如自身身高、体重、手指长短、行走速度，课桌高度，直尺的长度等。1．.对羊城通卡相关数据估计合理的是（）A．长约 B．厚约C．底面积约 D．体积约【答案】A【详解】羊城通卡比大拇指稍长一些，长约为8.5cm=85mm；宽约和手掌宽度相同，约为5cm，底面积约为S=8.5cm×5cm=42.5cm2≈0.42dm2羊城通卡厚约为1mm，体积约为V=0.lcm×42.5cm2=4.25cm3=4.25×10-6m3故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。2．百日冲刺，决战中考。在2024届初三百日誓师活动中，我校初三全体教师走进学生队伍，为初三学子们佩戴象征着希望的“梦想手环”，如图。在该活动中，下列数据最符合实际的是（）

A．手环的质量约为6g B．手环的直径为600mmC．某同学的正常体温为35.6℃ D．某同学的手腕周长约为30cm【答案】A【详解】A．手环的质量较轻，10g左右，接近6g，故A符合题意。B．手环的直径为60mm，合6cm，故B不符合题意；C．人体的正常体温约为36.5℃，变化不大，故某同学的正常体温为36.5℃，故C不符合题意；D．中学生手腕的直径约6cm，手腕周长约为20cm，故D不符合题意。故选A。3．如图所示是一款普通的无线蓝牙耳机，关于此耳机估测合理的是（）A．单只耳机的质量为1kg B．耳机内置发声单元直径5cmC．耳机单次充满能正常工作4小时 D．耳机的工作电流为2A【答案】C【详解】A．单只耳机的质量约为5g=0.005kg，故A不符合题意；B．耳机内置发声单元直径，故B不符合题意；C．根据生活常识可知，耳机单次充满能正常工作时间4小时左右，故C符合题意；D．耳机的工作电流约为0.1A，故D不符合题意。故选C。押题猜想二能量的转换关系及效率如图，航天器都有很大的太阳能电池板，对它分析正确的是（）A．电池板充电时将太阳能转化为化学能B．太阳能电池板的能量转化率低于100%C．电池板利用的太阳能是不可再生能源D．太阳能来自于太阳内部发生的核裂变【答案】B【详解】A．太阳能电池板充电时将太阳能直接转化为电能，故A不符合题意；B．目前太阳能电池板的能量转化效率在24%左右，远低于100%，故B符合题意；C．电池板利用的太阳能属于可再生能源，故C不符合题意；D．太阳能来源于太阳内部的核聚变，故D不符合题意。故选B。押题解读本题以航空主题为背景，考查与太阳能相关的物理知识，太阳能的开发是很多国家的新能源计划，有关太阳能的考题出现频率较高。学生需知道太阳能可通过电池板直接转为化学能，能量的转换率总低于100%，太阳能属于可再生能源，太阳内部发生的是核聚变，有一定的综合性，但总体难度较容易。考前秘笈注意能量与能量是可以进行相互转换的，且都遵循能量守恒定律，但不管以哪种方式转换，利用任何机械转换，因存在能量损失，能量转化率总低于100，同时要了解哪些能源属于可再生能源，哪些能源属于不可再生能源，以及核聚变和核裂变的区别。1．图为Aquila太阳能无人机，该飞机以太阳能为能量来源，主要作用是在高空中为偏远地区提供上网服务，以下说法正确的是（）A．太阳能无人机将接收到的太阳能全部转化为机械能B．太阳能无人机将太阳能转化为内能，再将内能转化为动能C．太阳能是一种可再生能源D．高能量电池为飞机提供动力，将电能转化为化学能【答案】C【详解】A．太阳能无人机将接收到的太阳能转化为电能，将电能转化为化学能储存起，或直接转化为机械能，故A错误；B．太阳能无人机将太阳能转化为电能，再将电能转化为机械能或化学能储存起来，故B错误；C．太阳能取之不尽用之不竭，属于可再生能源，故C正确；D．高能量电池为飞机提供动力，将化学能转化为电能，故D错误。故选C。2.如图所示，小球A沿着粗糙的曲面加速向下滚动的过程中，小球A的（）A．动能不变，重力势能不变，机械能不变B．动能不变，重力势能变小，机械能变小C．动能变大，重力势能变小，机械能不变D．动能变大，重力势能变小，机械能变小【答案】D【详解】小球A沿着粗糙的曲面加速向下滚动的过程中，速度增大，动能增大，高度减小，重力势能减小，接触面粗糙，需要克服摩擦力做功，机械能减小，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。3.下列选项中装置与其能量流向情况合理的是（）A．B．C．D．【答案】D【详解】A．用电器将电能转化为其他形式的能量，不能输入电能，故A不符合题意；B．热机输出的能量大于输入的内能，违背能量守恒定律，故B不符合题意；C．热机工作时不可避免的有能量损失，热机不能把输入的内能全部转化为机械能，故C不符合题意；D．用电器输入1000J，输出900J机械能，100J的内能，能量转化形式正确，输入和输出能量相等，符合能量守恒定律，故D符合题意。故选D。4.如图，太阳能汽车利用太阳能电池将光能转化为电能，储存在车上的蓄电池内，为汽车提供动力。下列说法正确的是（）A．太阳能汽车关闭动力后，将慢慢停下，将动能转化为内能B．蓄电池为汽车提供动力时，将电能转化为化学能C．太阳能汽车将接收到的光能全部转化为机械能D．太阳能汽车将光能转化为内能，再将内能转化为动能【答案】A【详解】A．力是改变物体运动状态的原因，汽车关闭发动机后，由于车受摩擦力的作用会慢慢停下来，这个过程汽车要克服摩擦力做功，动能转化内能，故A正确；B．蓄电池为汽车提供动力时，将化学能转化为电能，故B错误；C．太阳能汽车不能将接收到的光能全部转化为机械能，有一部分太阳能会转化为内能等其它形式的能，故C错误；D．太阳能汽车将光能转化为电能，再将电能转化为动能，故D错误。故选A。押题猜想三物态变化如图所示，会“冒烟的”炒酸奶是非常受欢迎的路边小吃。将-196℃的液氮（液态氮气）倒入容器中，然后倒入酸奶，酸奶会瞬间凝固成块，同时出现大量“白气”。下列论述分析正确的是（）

A．酸奶在凝固过程中需要吸收热量B．大量“白气”是氮气的液化现象C．可以通过压缩氮气的体积获得液氮D．过一会“白气”消失是液氮汽化现象【答案】C【详解】A．酸奶在凝固过程中需要放出热量，故A错误；B．大量“白气”是空气中水蒸气遇冷液化成小水滴，故B错误；C．液化的方式有降低温度和压缩体积，所以可以通过压缩氮气的体积获得液氮，故C正确；D．过一会“白气”消失是小水滴汽化成水蒸气，故D错误。故选C。押题解读本题联系生活实际，用凝固、液化、汽化等物理态变化解释生活的现象，是简单的基础题。物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液体的过程叫液化，常见的白气、白雾是水蒸气遇冷液化成的小水滴；由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。六种物态变化的过程种，都伴随着吸热或者放热，其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。使气态液化有两种方式：降低温度和压缩体积。压缩体积并不能使所有的气体都液化，有些气体必须在降到一定温度时，压缩体积才可以液化。考前秘笈分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键看清物态变化前后，物质各处于什么状态；对六种物态变化的吸热和放热情况要有清晰的认识；另外对于熔点、凝固点、沸点，晶体熔化和凝固的特点也要有清晰的认识。1．如图所示的黑龙江冬捕场景中，被捕上来的鱼过一会儿表面上会结出一层薄薄的冰，而捕鱼人的发须上会出现白色的粉末。这两种物态变化分别是（

）

A．凝固与升华 B．熔化与凝华 C．凝固与凝华 D．液化与汽化【答案】C【详解】被捕上来的鱼过一会儿表面上会结出一层薄薄的冰，是水变成冰的过程，由液态变成固态，属于凝固现象；捕鱼人的发须上会出现白白的粉末，是气态的水蒸气变成固态的冰，由气态变成固态的过程，属于凝华过程，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。2.物质M原来没有流动性，在发生某种物态变化后具有流动性，以下说法正确的是（）A．这种物态变化一定是熔化B．物质M发生该物态变化一定需要吸热C．这种物态变化一定是液化D．物质M发生该物态变化一定需要放热【答案】B【详解】固体不具有流动性，液体和气体具有流动性，物质M原来没有流动性，为固态，在发生某种物态变化后具有流动性，说明物质由固态变为液态（熔化）或气态（升华），熔化和升华过程都需要吸收热量，故ACD错误，B正确。故选B。3.将铜和锡等物质混合一同加热至全部熔化，制成合金，这是我国古代青铜冶炼的一种方法。根据下表，可这样制取的合金是（）金属（标准大气压）锌银铁铜熔点（℃）41996215351083沸点（℃）907221327502567A．锌﹣银 B．铁﹣铜 C．锌﹣铜 D．铁﹣锌【答案】B【详解】A．由表格数据可知，锌的沸点为907℃，银的熔点为962℃，因为银的熔点高于锌的沸点，所以银熔化时锌已经汽化，所以不可能制取锌﹣银合金，故A不符合题意；B．由表格数据可知，铁的熔点为1535℃，铜的熔点和沸点分别为1083℃和2567℃；因此当铁熔化时，铜已经熔化，但还没有汽化，故两种金属可以同时为液态，所以可以制取铁﹣铜合金，故B符合题意；C．由表格数据可知，锌的沸点为907℃，铜的熔点为1083℃；因为铜的熔点高于锌的沸点，所以铜熔化时锌已经汽化，所以不可制取锌﹣铜合金，故C不符合题意；D．由表格数据可知，锌的沸点为907℃，铁的熔点为1535℃；因为铁的熔点高于锌的沸点，所以铁熔化时锌已经汽化，所以不可制取铁﹣锌合金，故D不符合题意。故选B。4.金属“镓”是晶体，如图，将一块柱形的金属“镓”轻轻地放在手心，很快就会变成一颗液滴，由此可知该过程（）A．金属“镓”发生熔化B．金属“镓”发生液化C．该过程金属“镓”放热D．金属“镓”的熔点高于手的温度【答案】A【详解】AB．将一块金属放在手心，金属很快熔化成了一颗液滴，是由固态变为液态的熔化过程，故A符合题意、B不符合题意；C．金属“镓”熔化过程中需要吸热热量，故C不符合题意；D．金属“镓”需要从手心吸收热量，熔点低于手的温度，故D不符合题意。故选A。5.如图是某物质熔化时温度随加热时间变化的图象，由图可知，该物质（）

A．是非晶体 B．熔化过程经历了C．在BC段温度不变，不吸热 D．在B点的内能小于在C点的内能【答案】D【详解】AB．从3min~6min过程中，吸收热量，温度保持不变，即有固定熔点，故该物质为晶体，由图可知，该物质从到是熔化过程，经历时间6min-3min=3min故AB错误；C．在BC段是该晶体的熔化过程，此时继续吸热，温度不变，故C错误；D．晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加，则在B点的内能小于在C点的内能，故D正确。故选D。押题猜想四两种电荷的相互作用及物体是否带电判断如图a，用绝缘线分别悬吊甲、乙两轻小物体，摩擦后失去电子的玻璃棒丙分别靠近甲、乙，现象如图b所示，则（）A．甲一定带负电B．乙可能不带电C．丙一定带正电D．甲和乙靠近时，一定如图c所示【答案】C【详解】A．摩擦后失去电子的玻璃棒丙带正电，甲与丙相互吸引，甲可能带负电，也可能不带电，故A错误；B．丙带正电，丙和乙相互排斥，乙一定带正电，故B错误；C．摩擦后失去电子的玻璃棒丙一定带正电，故C正确；D．乙带正电，甲可能带负电，也可能不带电，甲和乙靠近时，会相互吸引，故D错误。故选C。押题解读本题考查了物体的带电情况，关键是会根据摩擦起电的原因和电荷间的相互作用规律分析物体的带电情况，知道带电物体可以吸引轻小物体，考查难度较易，但需要具备一定逻辑思维能力。考前秘笈解决此类题目注意以下三点：（1）摩擦后失去电子的物体带正电。（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（3）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能不带电。1．小明学过静电知识后，做了一个有趣的实验。他准备了两个不带电的泡沫盘子，分别用不带电的毛巾摩擦后，两个盘子不能叠加，而是粘在手上，如图所示，下列分析正确的是（）A．两个盘子因带上了同种电荷而相互排斥B．毛巾和盘子摩擦后带上了同种电荷C．盘子粘在手上的原因是分子间有引力D．盘子能粘在手上说明手一定带电【答案】A【详解】A．两个盘子因带上了同种电荷，同种电荷会相互排斥，故两个盘子会相互排斥，故A正确；B．毛巾和盘子摩擦后带上了异种电荷，并非同种电荷，故B错误；C．盘子粘在手上的原因是带电体具有吸引轻小物体的性质，故C错误；D．盘子粘在手上，盘子带电，手不一定带电，故D错误；故选A。2.含尘气体经过静电除尘装置的离子发生器时，空气分子被电离为正离子和电子，正离子使尘粒带正电奔向积尘盘的负极，下列说法正确的是（）

A．轻小纸片靠近积尘盘被吸引，小纸片一定带正电B．尘粒被吸附到积尘盘负极是因为异种电荷相互吸引C．空气被电离是创造了电荷，使粉尘带上了电D．该静电除尘装置利用了带电体能吸引轻小物体的性质【答案】B【详解】A．若某轻小纸片靠近积尘盘被吸引，由于带电体可以吸引轻小物体，则该小纸片可能带正电，也可能不带电，故A错误；B．含尘气体经过离子发生器时，空气分子被电离为正离子和电子，正离子使尘粒带正电奔向积尘盘的负极，所以尘粒被吸附到积尘盘负极是因为异种电荷相互吸引，故B正确；C．空气被电离没有创造电荷，而是用电离的方法使正负电荷分开，故C错误；D．该静电除尘装置利用了电荷间的相互作用规律，故D错误。故选B。3.如图，将甲、乙两个带电小球放在光滑的绝缘水平面上，其中甲球带正电荷、乙球带负电荷。沿着甲、乙两球的球心连线方向，在某一位置放上一个带电小球丙。则丙球带下列电荷后可能出现（）A．带正电；放在甲的左侧，甲静止 B．带负电；放在甲与乙之间，丙静止C．带负电；放在乙的右侧，乙静止 D．带正电；放在乙的右侧，乙静止【答案】D【详解】AD．三个球放在光滑的绝缘水平面上，已知甲球带正电荷、乙球带负电荷。若丙球带正电荷，根据电荷间的相互作用规律可知，放在甲的左侧，甲球受到向右丙球的斥力和乙球向右的吸引力，故甲球受到向右的力，无法保持静止；丙球放在乙的右侧，乙球受到甲球的向左的引力和丙球向右的吸引力，且二力大小相等，所以带正电的丙球应放在乙的右侧，乙球静止，故A不符合题意，D符合题意；BC．若丙球带负电荷，根据电荷间的相互作用规律可知，丙球放在乙的右侧，乙球受到丙球向做的斥力和甲球向左的吸引力，故乙受到向左的力，无法静止；丙球放在甲与乙之间，丙球受到甲球向左的吸引力和乙球向左的斥力，所以丙球受到向左的力，无法静止。故BC不符合题意。故选D。押题猜想五声现象排箫是中国的传统乐器，它由长短不同的竹管组成。下列说法正确的是（）A．排箫声是由竹管的振动产生B．长竹管发出的声音一定比短竹管的响度大C．用力吹气是为了提高声音的音调D．聆听乐曲时能区分排箫声和笛子声是依据音色的不同【答案】D【详解】A．声音是由物体的振动产生的，排箫发出声音是由管内空气柱振动产生的，故A错误；B．响度和振幅有关，长竹管发出的声音的振幅不一定比短竹管发出的声音的振幅大，故响度不一定大，故B错误；C．用力吹气是为了增大振幅，提高声音的响度，故C错误；D．每个发声体发出声音的音色是不同的，我们能区别排箫的声音是依靠音色，故D正确。故选D。押题解读本题关注中国传统文化，理论联系实际，学以致用，主要考查了声音的产生以及声音的三个特征，既响度与振幅的关系、音调与频率的关系，音色与材料的关系，属于基础题，但考查频率高，易得分。考前秘笈明白声音是由物体振动产生的；音调是指声音的高低，由发声体的振动频率决定；响度是指声音的强弱或大小，与发声体的振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。1.锯琴，也称为“乐锯”，即用锯子演奏音乐，其结构如图甲所示。演奏时，触动锯身宽度越宽，发出声音的音调越低，如图乙，与触动B点相比，触动A点时（）

A．发声时每秒振动的次数多 B．发声时动幅度小C．发出的声音频率低 D．发出的声音响度大【答案】C【详解】演奏时，触动锯身宽度越宽，发出声音的音调越低，用同样的力，与触动B点相比，触动A点时锯身较宽，发出的音调低，锯子振动的频率慢，每秒振动的次数少，振动的幅度不变，响度不变，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。2.“记里鼓车”又称“大章车”，是中国古代用来记录车辆行过距离的马车，《古今注》记载：大章车，行一里，下层击鼓；行十里，上层击镯（鼓、镯均为古代的乐器），人们根据鼓和镯的声音，确定车行驶的距离，以下说法错误的是（）A．鼓、镯受到打击时发生振动，产生声音B．人们听到鼓声是否响亮，只跟鼓发声时的振幅有关C．鼓皮绷得越紧，使每秒振动的次数越多，音调就越高D．人们根据鼓、镯发出的音色不同，从而分辨出鼓声和镯声【答案】B【详解】A．车上的木人敲击鼓和镯时，鼓、镯发生振动，产生声音，故A正确，不符合题意；B．人听到声音的响度跟发声体的振幅有关，还与距离发声体的远近以及声音的分散程度有关，故B错误，符合题意。C．击鼓时，鼓皮绷得越紧，每秒内振动次数越多，即振动频率越快，声音的音调就越高，故C正确，不符合题意；D．人能区分鼓声和镯声是依据声音的音色不同，故D正确，不符合题意。故选B。3.如图为同一个声音某段声音的波形，则A段比B段（）

A．音调高，响度大 B．音调高，响度小C．音调低，响度大 D．音调低，响度小【答案】D【详解】从波形图中可以知道：A段的频率低、音调低，振幅小、响度小；B段的频率高、音调高，振幅大、响度大。故选D。押题猜想六简单机械与机械效率如下图所示，小明分别使用甲、乙、丙、丁四种不同的机械把同一物体匀速提升到同一高度，（绳长不变），下列说法中正确的是（）

A．使用机械丁最省力 B．机械乙的机械效率最高C．的大小为物重的一半 D．使用这四种机械的有用功相同【答案】D【详解】A．根据四个图可知，甲是斜面，使用斜面可以省力；乙是定滑轮，不能省力；丙是动滑轮，可以省一半的力；丁是滑轮组，有三段绳子拉着动滑轮，拉力为物重和动滑轮总重的三分之一；由于不知道斜面的倾角，无法判定省力情况，故A错误；B．由于不知道绳子与滑轮之间的摩擦情况，无法判定额外功的大小，无法比较机械效率的大小，故B错误；C．根据动滑轮特点可知，此时的最小拉力为物重和动滑轮总重的二分之一，故C错误；D．把同一物体匀速提升到同一高度，根据W=Gh可知，有用功相同，故D正确。故选D。押题解读本题考查了使用定滑轮、动滑轮、滑轮组时有用功、机械效率的大小比较，以及机械的升力情况，属于综合题，难度中等，对学生的辨析能力、综合运用能力，核心素养的要求较高。考前秘笈会根据机械的特点分析其省力情况；会根据W=Gh分析有用功大小；会根据总功的大小分析机械效率的高低；明白机械可以省力，但不能省功，故任何机械的效率都小于1.1.如图所示，分别使用甲、乙、丙三种方式把同一物体M匀速提升至相同高度（绳长不变），测得各拉力大小如图所示，则（）

A．利用机械丙提升M时省力 B．丙的机械效率小于乙的C．F乙和F丙两个力所做的功相同 D．F甲做的功的功率一定小于F乙的【答案】B【详解】A．由图可知，甲直接提升物体，此时的拉力为10N；乙通过定滑轮提升物体，此时的拉力为11N；丙通过动滑轮提升物体，此时的拉力为11N，大于直接提升物体所用的力，所以利用机械丙提升M时不省力，故A不符合题意；BC．物体上升相同的高度，由定滑轮和动滑轮的特点可知，F乙移动的距离是F丙移动距离的一半，根据W=Fs可知，F丙所做的功要大；机械丙和机械乙把相同的物体提升相同的高度，根据W=Gh可知，所做的有用功是相同的，因F丙所做的总功要大，根据可知，机械丙的机械效率比机械乙的低，故B符合题意，C不符合题意；D．甲、乙中将相同物体提升相同的高度，两图中做的有用功相同；因乙装置中要克服动滑轮重做额外功，所以乙装置中做的总功多，即F甲做的功一定小于F乙做的功，将物体以相同速度提升相同的高度，但因不知把同一物体M匀速提升至相同高度所用的时间关系，根据可知，无法确定F甲做的功的功率与F乙做功的功率大小关系，故D不符合题意。故选B。2.如图甲乙所示，小凯分别用两种机械（绳长不变）使物体M做匀速直线运动，测得拉力F、M的重力及M所受摩擦力如下表所示，则下列选项中正确的是（）

F甲F乙G甲f甲f乙8N8N12N6N6NA．如图甲，改变F甲的方向，甲的机械效率也改变B．乙机械一定省力C．甲、乙的机械效率相等D．甲的机械效率大于乙的机械效率【答案】D【详解】A．如图甲是定滑轮，改变F甲的方向，力的大小不发生改变，甲的机械效率不发生改变，故A错误；B．乙机械的拉力为8N，直接拉动M只需6N的拉力，使用乙机械不省力，故B错误；CD．甲的机械效率，乙的机械效率由表格数据可知，，，由此可知，故C错误，D正确。故选D。3.小凯和小满同学用相同的拉力F拉着同一个物体，沿不同的斜面向上匀速运动了相同的距离，如图所示。此过程中，下列说法正确的是（）A．小满所做的总功较多B．两人所做的总功一样多C．两人所做的有用功一样多D．甲、乙两斜面的机械效率相同【答案】B【详解】ABC．小凯和小满同学用相同的拉力F拉着同一个物体，沿不同的斜面向上匀速运动了相同的距离，由图可知，两个斜面的倾斜程度不同，则同一物体在两个斜面上升的高度不同，甲斜面较陡，物体在甲斜面上升的高度大，乙斜面较缓，同一物体在乙斜面上升的高度小。由W有用=Gh可知，两人做的有用功不同，甲斜面中做的有用功较大。由W总=Fs可知，由于F和s都相同，所以两人做的总功一样多。故AC错误，B正确；D．斜面的机械效率为两人做的总功相同，有用功不同，所以机械效率不同。故D错误。故选B。押题猜想七电和磁如图1，当导体通入图中所示方向电流I时，磁场对导体的力F方向竖直向上．用Fab、Fcd、Fa′b′和Fc′d′分别表示图2、3中闭合开关时磁场对导体ab、cd、a′b′和c′d′的力，则（）

A．Fab竖直向上 B．Fcd竖直向上 C．Fa′b′竖直向上 D．Fc′d′竖直向下【答案】B【详解】图1中，导体棒中的电流方向垂直于纸面向里，磁体间的磁场方向从右向左，导体受到磁场力的方向是竖直向上的；AB．图2中，闭合开关后，ab中的电流方向垂直于纸面向外（即从b到a），磁体间的磁场方向从右向左，与图1中的电流方向相反，磁场方向相同，所以ab与图2中导体受到磁场力的方向相反，即Fab方向竖直向下；由于cd中的电流方向与ab中的电流方向相反，磁场方向相同，则cd的受力方向与ab的受力方向相反，即Fcd竖直向上，故A不符合题意，B符合题意；CD．图3中，闭合开关后，a′b′中的电流方向垂直于纸面向里（即从a'到b'），而磁体间的磁场方向是从左向右，与图1中的电流方向相同，磁场方向相反，所以a′b′与图1中导体受到磁场力的方向相反，即Fa′b′竖直向下；由于c'd'中的电流方向与a'b'中的电流方向相反，磁场方向相同，则c'd'的受力方向与a'b'的受力方向相反，即Fc′d′竖直向上，故CD不符合题意。故选B。押题解读本题考查了影响磁场力方向的因素，看懂图示，找出与图示相同点和不同点是解题的关键。中考电和磁考查频率较高，而电磁感应、电流的磁效应、磁极间的相互作用常放一起综合考查，知道如何判断通电导体在磁场中受力情况，了解电磁感应现象，知道产生感应电流的条件及磁极间的相互作用，需根据原理进行区分与辨别，难度一般，当然也有单独考查的，如只考查磁极间的相互作用，这类题往往较容易。考前秘笈通电导体在磁场中受力的方向与电流方向和磁场方向有关；当只改变其中一个因素时，磁场力的方向放生改变；当两个因素都改变时，磁场力的方向不变。闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，可将机械能转换为电能。异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥。物理为实验学科，很多知识来自于实验，学生应重视实验学习，掌握好实验的原理和现象。1.某LED的发光颜色与通过其电流方向的关系如图1所示，线圈1顺时针转动时该LED发光情况如图2所示（发黄光），图3所示的线圈都在转动，LED发红光的是（）

A．只有甲、乙 B．只有甲、丙 C．只有乙、丙 D．甲、乙、丙【答案】D【详解】如图2知，线圈的右边导体向下运动，受力向下，磁感线从N到S（从右向左），发黄光，电流从A脚流入，B脚流出；图3中甲图与图2相比，磁感线从N到S（从左向右），磁场方向变化；线圈的右边导体向下运动，受力向下，受力方向不变；则电流方向也要变化，则电流从B脚流入、A脚流出，所以此时发红光；图3中乙图与图2相比，磁感线从N到S（从右向左），磁场方向不变；线圈的右边导体向上运动，受力向上，受力方向变化；是由电流方向变化引起，则电流从B脚流入、A脚流出，所以发红光；图3中丙图与图2相比，磁感线从N到S（从左向右），磁场方向变化；线圈的右边导体向上运动，受力向上，受力方向变化；电流方向不变，则电流从B脚流入、A脚流出，所以发红光。故选D。2.两个钢棒放在水平地面上，地磁南极方向如图所示。若钢棒保持静止不动，其有无磁性、磁极位置的情况如图所示，在这两个钢棒正中间放入一个小磁针，小磁针静止时N极指向正确的是（）

A．

B．

C．

D．

【答案】C【详解】AB．两钢棒都有磁性且N极和S极相对，根据磁极间的相互作用，静止时小磁针的N极应竖直向下与钢棒的S极相对，故AB错误；C．两钢棒均无磁性，上方为地磁南极，静止时，根据磁感线在磁体外部从N极出发回到S极，小磁针N极指磁场方向，小磁针N极指向地磁南极，故C正确；D．上方钢棒无磁性，下方钢棒有磁性且距小磁针较近，故小磁针N极应和下方钢棒的S极相对，故D错误。故选C。3.如图，两铜线圈用导线相连，磁铁放在线圈1中快速抽出瞬间，观察到线圈2右侧的小磁针偏转情况如图所示。两线圈间导线足够长，忽略磁铁的磁场对小磁针的影响，则磁铁在线圈1中抽出瞬间（）A．此装置没有电源B．线圈2的右端是N极C．磁铁抽出时可以使线圈1产生感应电流D．此过程将线圈1的电能转化成磁铁的机械能【答案】C【详解】AC．磁铁抽出时，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，可以使线圈1产生感应电流，线圈相当于是电源，故A不符合题意，C符合题意；B．小磁针的N极向左，根据异名磁极相互吸引可知，线圈2的右端是S极，故B不符合题意；D．此过程中产生了电能，是将磁体的机械能转化为线圈1的电能，故D不符合题意。故选C。4．如图所示的四个图的装置可以用来演示物理现象，下列表述正确的是（）A．图甲可用来演示磁场对电流的作用B．图乙可用来演示电流的磁效应C．图丙可用来演示电磁感应现象D．图丁可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系【答案】A【详解】A．甲图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，故A正确；B．乙图中导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，故B错误；C．丙图中放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，故C错误；D．丁图中通电后串联的两绕有线圈的铁钉都可吸引小铁钉，但左边吸引的个数要多，说明通电螺线管的磁极强弱与线圈匝数有关，故D错误。故选A。押题猜想八机械运动及惯性如图，列车停在平直站台上，车厢的扶手吊环静止，透过车窗可看到广告牌A。列车突然启动，可能出现的是（）A． B．C． D．【答案】C【详解】AB．由图可知，广告牌相对车厢向左运动，说明列车突然向右启动，则两个扶手由于惯性都会向左摆动，故AB不符合题意；CD．由图可知，广告牌相对车厢向右运动，说明列车突然向左启动，则两个扶手由于惯性都会向右摆动，故C符合题意，D不符合题意。故选C。押题解读本题考查了机械运动及惯性的知识，是基础题，解决问题的关键是吊环相对于广告牌静止，考生要根据广告牌来判断车厢和吊环的运动状态。会选择参照物，理解惯性是解这类型题的基本要求。考前秘笈一个物体相对于另一个物体位置的改变叫机械运动；事先选定的物体叫做参照物；物理学中把物体保持原有运动状态不变的性质叫惯性。1．如图，小车在水平地面静止，在无摩擦的水平车板上放有一静止的小球。车突然向东启动时，水平车板上的小球（忽略空气的作用力）（）A．相对车板静止 B．相对地面静止C．相对车板向东运动 D．所受的力不平衡【答案】B【详解】ABC．小车在水平地面静止，小球在水平车板上静止，且水平车板无摩擦，当车突然向东启动时，小球由于惯性继续保持原来的静止状态，相对地面静止，故小球相对车板向西运动，故B符合题意，AC不符合题意；D．小球与水平车板没有摩擦力，且忽略空气的作用力，小球只受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，二力是一对平衡力，小球保持静止状态，受力平衡，故D不符合题意。故选B。2．小明坐在窗口观察窗外公路上的车流，如图先看到甲后看到乙，则（）A．轿车一定加速运动B．两车均向东运动C．卡车相对于轿车向东运动D．卡车急刹，车上货物会由于惯性向东运动【答案】C【详解】AB．由图示知，卡车和轿车相对两座塔都有向西的位置变化，所以两车都向西运动。且轿车在相同时间内通过的距离比卡车的大，所以轿车运动的速度比卡车的大。若卡车向西匀速运动，则轿车向西加速运动或匀速运动，但匀速运动时，速度比卡车的快；卡车向西减速运动，轿车可能是加速、匀速或减速运动。故AB不符合题意；C．以轿车为参照物，卡车有向东的位置变化，所以卡车相对于轿车是向东运动，故C符合题意；D．卡车急刹时，车上的货物由于惯性会保持原来的运动状态向前运动，所以是向西运动的，故D不符合题意。故选C。3．沿水平面向北做匀速直线运动的密闭装置内部如图所示，装置内部固定着一根竖直的杆，杆顶有一小球，忽略杆和球间的摩擦。某时刻装置突然减速，小球从杆上落下，请判断小球将落到杆的（）

A．东面 B．南面 C．西面 D．北面【答案】D【详解】装置正向北水平方向做匀速直线运动，突然装置做减速运动时，小球由于惯性仍要保持原来的运动状态，所以小球会向装置运动的相同方向运动，小球将落到杆的北面，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。押题猜想九比热容甲、乙两保温杯装有初温相同、等质量的同种液体，在恒温的室内静置，两杯液体的温度﹣时间变化图像如图所示．下列说法正确的是（）

A．甲杯内液体的比热容等于乙杯内液体B．甲杯内液体的比热容小于乙杯内液体C．0～4h甲杯内液体放出的热量比乙杯多D．0～20h乙杯内液体放出的热量比甲杯多【答案】A【详解】AB．根据题意可知两杯都是同种液体，所以两杯液体的比热容相等，故A正确，B错误；CD．如图，0h两杯液体的温度相等，第4h时甲杯液体的温度是80℃，乙杯液体的温度是60℃，第20h时两杯液体的温度相等，利用可知0﹣4h乙杯放出的热量多，0﹣20h两杯放出的热量相同，故CD错误。故选A。押题解读本题考查比热容的概念和热量的计算，正确判断液体的温度关系是解题的关键。这类题还经常考查物体被相同的加热器加热导致温度升高的情况，注意相同时间内液体吸收的热量是相同。此外，学生需具备一定计算与审图能力。考前秘笈比热容是物质的一种特性，同种物质，同种状态的比热容相同；热量计算公式：，以此来比较比热容的大小关系及做相关分析；根据图像分析升高温度的关系；根据加热时间判定吸热的多少。1.如图所示，甲、乙相同容器中分别装了质量相等的A、B两种液体，用相同的电加热器加热，忽略散热损失，得到如图丙所示的液体温度与加热时间的图象。下列说法正确的是（）A．A液体的比热容与B液体的比热容之比为1：3B．A、B图象的交点处表示两种液体升高了相同温度C．加热时A的温度比B高，说明A吸收的热量更多D．如果两者温度都升高1℃，它们将吸收相同的热量【答案】A【详解】A．由图可知，加热后，A升高的温度为15℃，B升高的温度为5℃，AB的质量相同，吸收的热量也相同，根据可知，比热容的大小与升高的温度成反比，则比热容之比为故A正确；B．由图可知，A、B图象的交点处表示两种液体温度相同，但升高的温度是不同的，故B错误；C．用相同电加热器加热，加热器放出的热量相同，则AB吸收的热量也是相同的，故C错误；D．A、B两种液体质量相等，由可知，当两者温度都升高时，B的比热容大，故B吸收的热量多，故D错误。故选A。2.甲、乙两物体质量都为2kg，丙物体质量为lkg，三个物体温度都升高1℃，吸收热量如图所示，以下说法正确的是（）

A．乙的比热容与丙的相等B．甲的比热容比丙的大C．丙的温度降低1℃，需放出2000J的热量D．甲、乙的温度都降低1℃，乙比甲放出的热量多【答案】C【详解】由题意和图可知，甲、乙两物体质量都为2kg，丙物体质量为1kg，三个物体温度都升高1℃，则甲吸收的热量多，乙丙吸热相同；由图中的数据可知，甲、乙、丙的比热容A．由以上计算可知，乙的比热容小于丙的比热容，故A错误；B．由以上计算可知，甲的比热容小于丙的比热容，故B错误；C．由丙的比热容为可知，丙的温度降低1℃，需放出2000J的热量，故C正确；D．因为甲、乙的质量相等，甲的比热容大于乙的比热容，由可知，甲、乙的温度都降低1℃，甲、乙的温度都降低1℃，乙比甲放出的热量少，故D错误。故选C。3.如图1所示，规格相同的容器装了相同质量的纯净水和油。用相同实际功率的电加热器加热，得到图2所示的温度与加热时间的图线，若液体吸收的热量等于电加热器放出的热量，且c水>c油，则（）A．加热相同时间，由于甲杯液体升高温度大，所以甲杯液体吸收热量多B．升高相同的温度，两杯液体吸收相同的热量C．甲杯液体是水D．加热相同时间，两杯液体吸收的热量相同【答案】D【详解】AD.根据焦耳定律可知，加热器产生的热量等于加热器电流做的功可知，甲乙加热器的实际功率相同，加热相同时间，所以加热器提供的热量相同，液体吸收热量相同，故A不符合题意，D符合题意；B.由图2可知，甲乙升高相同的温度，乙需要的时间更长，加热时间越长，液体吸收热量越多，所以乙吸收更多的热量，故B不符合题意；C.根据可知，液体质量和升高的温度相同时，液体吸收热量越多，比热容越大，所以乙的比热容大于甲的比热容，所以乙杯液体是水，故C不符合题意。故选D。押题猜想十电路设计声控开关用“声控”表示，当有声音时，开关闭合；光控开关用“光控”表示，当受到光照时，开关断开。现利用这两款开关控制电路，要求：当受到光照且有声音时，两盏灯都亮。下列电路图中符合要求的是（）A．

B．

C．

D．

【答案】B【详解】A．由题意可知，当受到光照且有声音时，两盏灯都亮，说明此时光控开关断开、声控开关闭合。由图可知，光控开关、声控开关和电灯是串联的，当受到光照时，光控开关断开，两灯都不亮，故A不符合题意；B．由图可知，光控开关与灯泡并联，当受到光照时，光控开关断开，两个灯泡串联，都能亮，故B符合题意；C．由图可知，声控、光控开关分别与灯泡并联，当受到光照且有声音时，光控开关断开、声控开关闭合，此时与声控开关并联的灯泡被短路，不能发光，故C不符合题意；D．由图可知，声控开关与灯泡并联，当受到光照且有声音时，光控开关断开、声控开关闭合，此时电路断路，两灯泡都不亮，故D不符合题意。故选B。押题解读本题考查的是电路的设计，解题的关键是根据灯泡的工作条件确定开关的链接方式，然后根据串联、并联电路的特点设计电路。这类题联系生活中的实际运用，要求学生利用所学知识解决实际问题，对学生审题能力、设计能力等综合素养要求较高。考前秘笈电路中开关控制用电器时，开关和用电器是串联的；开关在干路可以控制所有用电器；如是家庭电路，开关应接在用电器和火线之间；用电器能独立工作，说明用电器之间为并联关系。审清题目要求是设计对电路的首要条件，电路设计完后应按题目要求操作一边，确定是否与题目要求一致，以确保设计正确。1．小红想要设计一个电路实现以下功能：断开开关时，无论闭合开关还是开关，灯和风扇都不工作；闭合开关、时，只有灯工作；闭合开关、时，只有风扇工作。符合上述要求的电路是（）A．

B．

C．

D．

【答案】C【详解】由题意可知，断开开关S1时，无论闭合开关S2还是开关S3，灯和风扇都不工作，说明开关S1在干路时，可控制所有的用电器；闭合开关S1、S2时，只有灯工作，说明开关S2只控制灯泡；闭合开关S1、S3时，只有风扇(电动机)工作，说明开关S3只控制风扇；由于风扇(电动机)和灯泡均能独立工作，所以风扇(电动机)和灯泡应并联，则符合要求的只有C图。故选C。2．两款光控开关k1和k2，当环境光线较暗时，k1闭合，k2断开；当环境光线较亮时，k1断开，k2闭合。小明用其中一款开关控制小夜灯L；环境较暗时L亮，环境较亮时L灭，且L的亮和灭不影响开关通断。下列连接方式符合用电安全且能实现以上功能的是（）A．

B．

C．

D．

【答案】C【详解】AB．在家庭电路中，开关应接在用电器和火线之间，B中闭合k2会短路，故AB不符合题意；CD．根据题意可知，环境较暗时L亮，环境较亮时L灭，这说明环境较暗时，开关k1闭合，环境较亮时k2断开，所以灯泡与开关k1串联在电路中，且开关应接在用电器和火线之间，故C符合题意，D不符合题意。故选C。3．某杯子使用表中某款温控开关，在水温低于45℃时，指示灯不发光，水温高于45℃时，指示灯发光。下列电路图中符合用电安全且能实现该杯子的指示灯功能的是（）条件温控开关k1温控开关k2温度高于45℃保持闭合保持断开温度低于45℃保持断开保持闭合A． B．C． D．【答案】C【详解】AC．根据题意可知，在水温低于45℃时，指示灯不发光，温控开关k1断开，水温高于45℃时，指示灯发光，温控开关k1闭合，这说明k1控制指示灯，k1与指示灯串联在电路中，故A错误、C正确；BD．根据题意可知，在水温低于45℃时，指示灯不发光，温控开关k2闭合，水温高于45℃时，指示灯发光，温控开关k2断开，这说明k2控制指示灯是并联的，为了防止短路，电路中应串联接入一个保护电阻，故BD错误。故选C。4．某电热水壶有两个开关S1、S2，当水沸腾后壶内积聚了大量水蒸气使S1自动断开，壶停止加热；若壶中没水，壶的温度提高到125oC时S2自动断开（防止干烧功能），壶停止加热。图中能实现上述功能的电路是（）A． B．C． D．【答案】A【详解】当水沸腾后壶内积聚了大量水蒸气使S1自动断开，壶停止加热；若壶中没水，壶的温度提高到125℃时S2自动断开（防止干烧功能），壶停止加热；则两开关只要有一个断开后都会使壶断开，两开关是串联的，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。题型二非选择题押题猜想十一光的反射、折射与平面镜成像如图所示，水面上方有一发光点。（1）a、b、c是S发出的三条光线，其中一条射入水中经过M点。请画出：该光线的折射光线，并标出对应的折射角r；（2）挡光板上有一点D，S发出的光线，能否通过水面反射到D点?答：；请通过作图说明你的判断依据。【答案】见解析能见解析【详解】（1）[1]根据光的折射规律，光从空气射入水中，空气中的角大即折射角小于入射角，满足角度关系且过M点的只有a光线，如下图：（2）[2][3]因反射光线的反向延长线一定过像点，所以先根据物像关于平面镜成像确定像的位置，再看像点与D点连线是否与挡板有交点，若无交点则通过水面能反射到D点，如下图：押题解读本题考查了光的折射光路的画法及平面镜成像特点和原理来完成光路，关键是要搞清折射角与入射角之间的关系和注意物与像是关于镜面是对称的，综合性较强，难度中等。学生需要理解光的折射规律、反射规律、平面镜成像原理，并能熟练运用。这类知识的作图考查频率高，可综合出题，也可以单独考查一个板块。考前秘笈反射角与入射角分别为反射光线和入射光线与法线的夹角，且反射角等于入射角；光从空气斜射入水或其它透明介质中时，折射角小于入射角，如果从其它介质斜射入空气，则折射角大于入射角，即“见空大”；平面镜成像特点：物与像关于平面镜对称，即连线垂直平面镜，像距等于物距，反射光线所有的反向延长线都会过像点，像与物的连线与平面镜的交点为入射点；注意作图规范，垂直记得画垂直符号，实际光线画实线，否则画虚线。1．图中，光源发出的一束光从空气射向水面，在水中的折射光线为经水中平面镜发生反射。画出这束光；画出经平面镜的反射光线。【答案】【详解】过入射点作法线，根据当光从空气斜射入水中时，折射光线和入射光线分居法线的两侧，入射角大于折射角，作出入射光线；过入射点作法线，根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角，在法线左侧作出反射光线，如下图所示：2．小旋在照镜子（固定在墙壁上）时，眼睛的位置在A点，固定在天花板上的灯管EF正在发光，如图所示。①在图中画出灯管EF的像E′F′。②请画出小璇透过镜子看到灯管E点的像点E′的完整光路图。

【答案】①

②

【详解】①因平面镜像与物关于镜面对称，分别作出E、F关于镜面的对称点E′、F′，然后用虚线连接E′F′即为灯管EF的像E′F′，如下所示：

②连接E′A与镜面的交点为O，连接EO即为入射光线，OA即为反射光线，如下所示：

3.容器壁突出的P点发出的一束光经过水面反射，在另一侧形成光斑Q。①画出P点经水面所成的像；②画出这束光到水面的入射光线、反射光线，大致画出折射光线。【答案】【详解】水面相当于平面镜，根据平面镜成像的特点可知，P点经水面所成的像关于水面对称，由此画出P点的对称点P'即为P点经水面所成的像。连接P'Q与水面的交点O即为从P点发出的光线的入射点，OQ为反射光线，连接PO即为入射光线。由光的折射特点可知，当光线从空气入射进水中时，折射角小于入射角，由此画出折射光线。如图所示押题猜想十二凸透镜的成像规律及其应用某学校兴趣小组探究显微镜成像原理，查阅资料发现：显微镜的镜头可以看作由一块焦距较小的凸透镜（物镜，其焦距用表示）和一块焦距较大的凸透镜（目镜，其焦距用表示）组成，被观察的细微物体先在物镜中成一个像，这个像就相当于目镜中的物体，然后它在目镜中再次成像。如图，为物镜的焦点，为目镜的焦点，如图中已作出细小物体AB在物镜中所成像的光路图，以及射向目镜的两条光线。

（1）与对比，目镜所成的像是一个（选填“正立”或“倒立”）、（选填“实像”或“虚像”）；（2）物镜的成像原理与是一致的；A．放大镜

B．照相机

C．幻灯机（3）使用显微镜观察时，如果光线过强，应选择；A．平面镜

B．凹面镜（4）用显微镜观察写有字母“b”的装片，视野中看到的图像是（选填“b”、“p”、“q”或“d”）。【答案】正立虚像CAq【详解】（1）[1][2]平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不变，故是AB的像，像的性质是：倒立放大的实像。由图可知，在目镜L2的一倍焦距以内，由凸透镜成像规律可知，当u＜f，成正立、放大的虚像。（2）[3]睛透过物镜能看到A、B成的像是倒立放大的虚像，其成像原理与幻灯机一致，故C正确。（3）[4]使用显微镜观察时，如果光线过强，应选择平面镜或小光圈，光线会变暗，故选A。（4）[5]用显微镜观察写有字母“b”的装片，“倒立”是旋转180度后得到的像。字母“b”旋转180度后的图像是字母“q”。押题解读本题考查了凸透镜成像规律及其应用的探究，有一定的难度。这类题对学生的核心素养要求较高，需要学生理解并能熟练运用凸透镜成像规律，需具备一定的探究能力，阅读理解能力，审图能力，对凸透镜在日常生活中的应用要熟知。此外，也需要掌握凸透镜的基本概念，包括焦点、焦距、光心、主光轴等。考前秘笈凸透镜光学性质：跟主光轴平行的光，通过凸透镜折射后会聚于一点，这个点叫凸透镜的焦点，经过凸透镜和凹透镜光心的光线传播方向都不改变，由凸透镜焦点发出的光经过凸透镜后变成平行于主光轴的光线；凸透镜成像规律：当f>u,成正立、放大的虚像，应用于放大镜，当2f>u>f,成倒立、放大的实像，应用于投影仪，当u>2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机，口诀：一倍焦距分虚实，二倍焦距分大小，物近像远像变大，物远像近像变小；使用显微镜观察时，如果光线过强，应选择平面镜或小光圈；显微镜成倒立的像，是旋转180度后得到的。1．如题图所示，物体MN放在凸透镜前，0cm处为凸透镜的光心。①画出光线a经过凸透镜后的光路图；②画出光线b经过凸透镜后的光路图；③物体MN经凸透镜成的像相对于物体是（选填“放大”“等大”或“缩小”）（选填“正立”或“倒立”）的。【答案】放大倒立【详解】[1][2]过凸透镜光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，据此画出光线a经光心后的光线，a的折射光线与另一条折射光线的相交点为M的像M'，光线b经过凸透镜后会经过M'，如图所示：[3][4]由图知，物距，焦距，此时满足由凸透镜成像规律可知此时成倒立放大的实像，即物体MN经凸透镜成的像相对于物是放大、倒立的。2.如图，透镜焦距为5cm，O为光心，物体AS上的S点发出的平行于主光轴的光线a经透镜后的光线b与S点发出的过光心的光线c经透镜后的光线d相交于点S'。（1）画出光线a、b、c、d；（2）与AS比较，AS经透镜成（填“倒立”“正立”）、（填“放大”“缩小”“等大”）的实像；（3）若物体不动，透镜水平向左移动1cm，则光线b过主光轴的点（填“左移”“右移”“不动”）。【答案】倒立放大左移【详解】（1）[1]物体AS上的S点发出的平行于主光轴的光线a经透镜后的光线b会聚于焦点，S点发出的过光心的光线c经透镜后的光线d方向不变，光线a、b、c、d如下图：（2）[2][3]根据凸透镜成像规律，由上图可知，当物距大于一倍焦距小于二倍焦距（2f>u>f）时，成倒立、放大的实像。（3）[4]平行于主光轴的光线在对面会聚于焦点后继续传播，若物体不动，透镜水平向左移动1cm，焦点也左移，则光线b过主光轴的点也左移。3.如图所示，物体放在凸透镜前，0cm处为凸透镜光心，M点发出两条光线a和b，其中光线a平行于主光轴。当物体与凸透镜的距离如图所示时，在光屏上可得一个清晰的像。

①凸透镜的焦距是cm；②画出光线b经过凸透镜后的折射光线；③若将凸透镜向左水平移至左侧刻度为2cm的位置，物体成的像相对于物是（选填“放大”“等大”或“缩小”）、（选填“正立”或“倒立”）的。【答案】3.0

等大倒立【详解】①[1]与凸透镜主光轴平行的光线经凸透镜折射后经过焦点，即光心右侧3cm刻度线处，所以凸透镜的焦距是3.0cm。②[2]点M发出的光线经凸透镜折射后，都会会聚在光屏上的像点，所以b经过凸透镜后的折射光线与a折射后的光线会聚在光屏上同一点，如图所示：

③[3][4]若将凸透镜向左水平移至左侧刻度为2cm的位置，此时物体MN到凸透镜的距离为u=8cm-2cm=6cm=2f根据凸透镜成像特点可知，此时物体成倒立、等大的实像。押题猜想十三杠杆如图甲所示，杆秤B、C两处（可用作支点）有秤纽，D点是杆秤正常使用时秤砣的最远挂点。用杆秤测质量时，将待称物体挂在A点的挂钩上，手提秤纽B，调节秤砣的位置，直至杆秤水平平衡。此时通过秤砣的位置，读出待测物体的质量。已知：秤砣的质量为0.4kg（忽略杆秤和挂钧的质量）；AB=BC=0.02m；CD=0.48m。（1）某次测量如图乙，松开右手后，原来静止的杆秤绕C点逆时针转动。已知：挂钩对杆秤的作用力为阻力F2；秤砣的重心为O；①在图乙中画出：杆秤此时受到的动力F1和动力臂l1；②要使杆秤水平平衡，秤砣应该向（选填“左”“右”）移动；（2）测量质量约6kg的物体时，该选用（选填“B”“C”）处的秤纽。此秤的最大测量值是kg。【答案】右B10【详解】（1）①[1]杆秤此时受到的动力F1为秤砣对杆秤的拉力，其方向为竖直向下，杆秤绕C点逆时针转动，因此C点为支点，从C点作F1作用线的垂线段即为动力臂l1，如图所示②[2]由于杆秤绕C点逆时针转动，C为支点，阻力臂l2=AC，且F1l1<F2l2因秤砣的重力不变，即动力F1不变，并且阻力F2和l2不变，要使秤杆水平平衡，则应增大l1，因此秤砣向右移动。（2）[3][4]若以B为秤纽（支点），此秤达到最大测量值时，即秤砣在D点，动力为阻力为动力臂为阻力臂为由杠杆平衡条件可得即解得，此秤的最大测量值是若以C为秤纽（支点），此秤达到最大测量值时，即秤砣在D点，动力为阻力为动力臂为阻力臂为由杠杆平衡条件可得即解得，此秤的最大测量值是因为所以测量质量约为6kg物体时，应选用B处的秤纽，且此秤的最大测量值为10kg。押题解读本题考查了力臂的画法、杠杆平衡条件的应用，正确判断选用不同的秤纽时的动力臂和阻力臂是解题的关键。要使杠杆水平平衡，需根据杠杆平衡条件得出动力臂的变化，据此判断秤砣移动的方向。另外需分别以B、C为秤纽（支点），根据杠杆平衡条件求出此秤的最大测量值。题目的对学生的受力分析能力，计算能力、逻辑思维能力要较高，难度较大。考前秘笈杠杆平衡条件F1L1=F2L2；注意力臂是经过支点O到力的作用线的距离；画出最小动力的方法：用虚线连接支点和动力作用点，这两个点之间的距离为最长力臂，然后在动力作用点画出垂直于这个力臂的力，即为最小动力.1．如图甲，重力为G质量分布均匀的木棒左端与支点O连接，绕O转动时，棒所受的摩擦力可忽略不计。棒重心处受到竖直向上的拉力保持静止。

（1）若以为杠杆的动力，G为杠杆的阻力，则G（选填“大于”或“小于”或“等于”）；（2）撤去，改用与等大的拉力作用在C点棒仍静止在原位置，如图乙所示。则的力臂的力臂（选填“大于”或“小于”或“等于”）；判断依据：。【答案】等于等于见解析【详解】（1）[1]如图甲所示，力臂是支点到力的作用线的距离，重力和F1的作用线共线，故对应的力臂相等，根据杠杆平衡条件，F1＝G。（2）[2][3]由（1）知，F1＝G，又F2＝F1，所以F2＝G，根据杠杆平衡条件，l1＝l2。2.在探究“杠杆平衡条件”的实验中，以O为支点的轻质杠杆原处于水平静止。如图甲、乙，杠杆在F1、F2的作用下处于静止状态；图丙中，力F1、F2大小相等。

（1）图甲、乙、丙中的杠杆处于平衡状态的有；（2）请在图乙中画出F1的力臂L1，若F1为动力、F2为阻力，则这是杠杆（选填“省力”、“等臂”或“费力”），你的依据是。【答案】甲、乙

省力F1为动力，F1的力臂为动力臂，由图可知，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆【详解】（1）[1]图甲、乙中，杠杆在F1、F2的作用下处于静止状态，静止是平衡状态，故图甲、乙中的杠杆处于平衡状态；图丙中，力F1、F2大小相等，杠杆在F1、F2的作用下做加速圆周运动，杠杆不处于平衡状态。（2）[2]过支点O向力F1作垂线，垂线段L1为力F1的力臂，如下图所示：

[3][4]观察图乙，图中F1为动力，F1的力臂L1为动力臂，由图可知，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。3．如图所示的轻质杠杆，O为支点，杠杆上的刻度每一格都相等，均等于2cm，原处于水平静止。现同时施加两个力F1和F2，已知F1=8N，F2=6N。

（1）此时杠杆能否保持平衡？；（2）F2保持不变，撤去F1，在杠杆的A点处（离支点第四格）施加另一个力F3，F3延长线与杠杆支架交于B点，如图所示，杠杆处于水平静止状态。请在图中画出F3的力臂l3；测出OB=6cm，则F3=N。（杠杆及支架的厚度忽略不计）【答案】不能10【详解】（1）[1]由图可知，F1和F2都会使杠杆顺时针转动，所以杠杆不能平衡。（2）[2]由支点向力的作用线作垂线，标出F3的力臂l3，如图所示：

[3]已知F2=6N，其力臂l2=2cm×4=8cmOB=6cm，根据勾股定理计算出F3的力臂l3为4.8cm。根据杠杆平衡的条件可得F2l2=F3l3即6N×8cm=F3×4.8cm解得F3=10N。押题猜想十四摩擦力装满书的箱子放在粗糙程度相同的水平面上，如图所示。当受到水平推力时，箱子向右运动；拿走部分书后，箱子受到水平推力，也向右运动。箱子前后两次通过的路程s与时间t的关系图像均如图所示，则（选填“>”“=”或“<”）；已知在前20s所做的功的功率是25W，则的大小是N。

【答案】<100【详解】[1]根据右图可知，s-t图像为一条直线，这说明箱子做匀速直线运动；当受到水平推力时，箱子向右运动；拿走部分书后，箱子受到水平推力，此时箱子对水平面的压力变小，接触面的粗糙程度不变，受到的滑动摩擦力变小，由于滑动摩擦力与推力是一对平衡力，大小相等，所以[2]箱子的运动速度为根据可知押题解读本题考查了二力平衡条件的应用、功率的计算公式的应用、摩擦力大小的影响因素等，有一定的综合性，难度中等。学生需注意审图，从图中提取相关有用信息，并理解滑动摩擦力大小与物体对水平面的压力，接触面的粗糙程度之间的关系，熟练掌握功率有关的计算公式。考前秘笈通过二力平衡条件分析与判断摩擦力与拉力的大小关系；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，压力越大，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；功率计算公式：P=Wt1．在粗糙程度相同的水平面上有甲、乙两个材料相同的木块，已知。如图所示，在水平拉力和的作用下，两木块均保持静止，已知。甲受到的摩擦力（选填“>”“=”或“<”）乙受到的摩擦力，你的依据是；

【答案】<二力平衡条件【详解】[1][2]在水平拉力和的作用下，两木块均保持静止，两个木块在水平方向上受到的拉力与静摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件，这两个力大小相等，由于，故甲受到的摩擦力f甲小于乙受到的摩擦力f乙。2.如图甲所示，水平地面点两侧粗糙程度不同，段的长度大于段的长度，重为的物体在大小不变的水平拉力作用下向右做直线运动，拉力的大小如弹簧测力计所示，此过程物体的动能随时间变化的图像如图乙所示。（1）物体在AB段运动时，水平方向受力是否平衡？，你的判断依据是；（2）物体在AB段所受的摩擦力fAB（选填“等于”或“不等于”）它在段所受的摩擦力fBC，你的判断依据是；结合图像分析可得fBC=N；（3）水平拉力F在AB段所做的功其在BC段所做的功，水平拉力F在AB段所做功的功率其在BC段所做功的功率。（均选填“大于”、“等于”或“小于”）【答案】不平衡物体在段运动时动能增大，说明物体在段做加速运动不等于物体的运动状态不同小于小于【详解】（1）[1][2]由图乙可知：段物体动能增大，但物体的质量不变，所以是物体的速度变大，即在段物体在做加速运动，运动状态在改变，所以物体在水平方向上受力不平衡。（2）[3][4]由图乙可知，物体在段的动能变大，物体的质量不变，则物体的速度变大，所以物体在段做加速运动，水平方向上受到的拉力要大于摩擦力，即，物体在段的动能不变，质量不变，速度不变，所以物体在段做匀速直线运动，此时受到的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以F=fBC，物体在段所受的摩擦力不等于它在段所受的摩擦力。[5]由图甲可知，弹簧测力计分度值为，示数为F=0.2N，所以fBC=2.6N。（3）[6]拉力保持不变，段的长度大于段的长度，根据可知，水平拉力在段所做的功小于其在段所做的功。[7]物体在段和段运动的时间相同，根据可知，水平拉力在段所做功的功率小于其在段所做功的功率。3．如甲图所示，粗糙程度不变的水平地面上有一物体，受到方向不变的推力F的作用，其F﹣t和v﹣t的图像分别如图乙、如丙图所示。（1）0~3s内，物体受到的摩擦力是N；（2）t=5s时，物体受到的摩擦力是N；（3）6~9s内，物体机械能（选填“变大”，“变小”或“不变”）；（4）9~12s内，推力对物体做功的功率是W。【答案】3060变小60【详解】（1）[1]由丙图知，0~3s内物体的速度为零，物体处于静止状态，由图乙知，0~3s时的推力F=30N，而物体在水平方向上受到的静摩擦力f与推力F是一对平衡力，则此时受到的摩擦力f静=F=30N（2）[2]由丙图知，9~12s内，物体做匀速直线运动，且v=1m/s，由图乙知，9~12s时的推力F=60N，而物体在水平方向上受到的滑动摩擦力f与推力F是一对平衡力，则此时受到的摩擦力f=F=60N（3）[3]由丙图知，在3~6s内，物体做加速运动，由于物体对地面的压力和接触面的粗糙程度都没有改变，所以摩擦力的大小不变，也为60N，则t=5s时，物体受到的摩擦力为60N。由丙图知，6~9s内，物体做减速直线运动，速度减小，动能减小，重力势能不变；因此机械能变小；（4）[4]9~12s内推力F做功的功率P=Fv=60N×1m/s=60W押题猜想十五机械能如图是过山车在A、B、C、D点的动能和重力势能大小的示意图，过山车从A点到B点过程中，动能，重力势能。（两空选填“增大”、“不变”或“减小”）；A、D两点中，过山车在点时的机械能大。

【答案】增大减小A【详解】[1][2]由图1知，过山车从A点到B点过程中，动能增大，重力势能减小。[3]A点处动能和势能之和大于D点动能和势能的和，所以，过山车在A点时的机械能大。押题解读本题考查动能和势能的大小变化，解题的关键是能从图中获取相关信息进行解答，属于基础题。学生需要知道动能和势能的决定因素，清楚机械能守恒的条件。考前秘笈做机械运动的物体具有动能，动能的大小与质量和速度有关；高处的物体具有重力势能，重力势能的大小与质量和高度有关；动能和势能之和称为机械能；在不考虑摩擦和空气阻力时，物理的机械能守恒。1.如图所示，体积相同的两个小球甲和乙分别从竖直高度不同的半圆光滑轨道最高点处A点和B点，以和的速度开始运动，一直沿着轨道运动到最低处A′点和B′点，此时它们的速度分别为和，均忽略空气阻力。已知甲球在A点时的机械能等于乙球在B点时的机械能，且，则甲球在A′点时的机械能（选填“>”“=”或“<”）乙球在B′点时的机械能；（选填“>”“=”或“<”）。

【答案】=<【详解】[1][2]在光滑轨道上，忽略空气阻力，物体的机械能守恒，甲球在A点时的机械能等于乙球在B点时的机械能，则甲球在A′点时的机械能=乙球在B′点时的机械能。机械能等于物体的势能和动能之和，重力势能的大小由质量和高度决定，动能的大小由质量和速度决定；已知B点的高度大于A点的高度，又，可知甲球的质量必大于乙球的质量。两个小球到达水平地面时，其机械能全部转化为动能，由于甲球的质量大，故甲球的速度必<乙球的速度。2．A、B两个小球所处的位置如图所示，通过以上信息可否判断A和B哪个重力势能较大？，你的理由是。

【答案】不能见解析【详解】[1][2]重力势能与物体的质量和物体所在的高度有关，如图可知，A球的高度小于B球的高度，但A与B两个小球的质量大小不知，因此重力势能无法比较。3．篮球在空中向上运动，最后落回地面。在空中，球先后经过O、P、Q三点（其中，O、P两点高度䀔同）。球在O、Q两点的动能和重力势能如图所示。则：（1）由图判断：球在空中运动的过程中，机械能（选填“守恒”或“不守恒”），依据是：；（2）在图中大致画出：篮球在P点的动能和重力势能的柱状图。【答案】不守恒见解析【详解】（1）[1][2]由图知，球在O点的重力势能和Q点动能相等，O点的动能大于Q点的重力势能，所以Q点的机械能小于O点的机械能，球在空中运动的过程中，机械能减少，所以机械能不守恒。（2）[3]O、P、Q三点的机械能大小顺序是从大到小，因为O、P两点高度相同，O、P两点的重力势能相等，因为机械能不守恒，O到P的过程中机械能减少，所以P点的动能小于O点的动能，篮球在P点的动能和重力势能的柱状图如下：押题猜想十六压强两个物体甲、乙置于水平桌面上，实心均匀圆柱体甲质量为6千克、底面积为5×10-3米2，内装一定量水的薄壁圆柱形容器乙底面积为2×10-3米2。①求甲对桌面的压力F甲；②求乙容器中水面下0.1米处的压强p；③将质量为M的物体A放在甲物体上方，甲对桌面压强的变化量为Δp甲，将物体A浸没在乙容器的水中（水未溢出），水对容器底压强的变化量为Δp乙。若Δp甲=Δp乙，求物体A的密度ρA。【答案】①58.8牛；②980帕；③2.5×103千克/米3【详解】解：①甲对桌面的压力为②根据p=ρgh可得，乙容器中水面下0.1米处的压强为③根据可得，物体A放在甲物体上方，甲与桌面的接触面积不变，故甲对桌面压强的变化量为将物体A浸没在乙容器的水中（水未溢出），排开水的体积等于物体A的体积，容器水面上升的高度为水对容器底压强的变化量为因为Δp甲=Δp乙，则有则物体A的密度为答：①求甲对桌面的压力为58.8牛；②求乙容器中水面下0.1米处的压强p等于980帕；③物体A的密度ρA为2.5×103千克/米3。押题解读本题考查了重力公式、液态压强公式、密度公式、压强定义是的灵活运用，综合性较强，对计算能力有一定的要求，难度较大。压强类的题常考查固态压强、液体压强、气体压