2025年高考物理复习：热学

考情概览：解读近年命题思路和内容要求，统计真题考查情况。

2024年真题研析：分析命题特点，探寻常考要点，真题分类精讲。

近年真题精选：分类精选近年真题，把握命题趋势。

必备知识速记：归纳串联解题必备知识，总结易错易混点。

名校模拟探源：精选适量名校模拟题，发掘高考命题之源。

考情概览

命题解读考向考查统计

2024•浙江1月，19

2024•甘肃卷，13

2024•广东卷，13

2024•广西卷，14

考向一气缸问题2024•江苏卷，12

2024•全国甲卷，14

2023•海南卷，16

2023•湖北卷，13

2023•湖南卷，13

2022•全国乙卷，14

2024•全国甲卷，13

2024•北京卷,3

本类试题主要考查气态方程、热力学定

2024•山东卷，16

律。

考向二液柱问题2023•河北卷，7

2023•全国乙卷，14

2022•广东卷,16

2022•湖南卷,16

2021•全国乙卷，14

2024•江西卷，13

2024•山东卷，6

2024•新课标卷，8

考向三图像问题

2023•福建卷，11

2023•广东卷，13

2023•江苏卷,3

2023•辽宁卷，5

第1页共107页

2023•重庆卷,4

2022•全国乙卷，13

2022•全国甲卷，13

2024•上海卷，1

考向四实验问题2024•上海卷，2

2023•北京卷，15

2023•江苏卷,9

2023•山东卷，13

2024•安徽卷，13

2024•湖南卷，13

2023•全国甲卷，14

考向五充气、放气的问题，气球问题2022•山东卷，15

2021•广东卷，16

2021•河北卷,16

2021•山东卷，4

2024•河北卷，9

2024•湖北卷，13

2023•北京卷，1

2023•湖南卷，5

考向六分子动理论、热力学定律、固体和

2023•全国甲卷，13

液体的性质

2023•全国乙卷，13

2023•山东卷，9

2023•天津卷，2

2023•新课标卷,8

2023•浙江6月,14

2024^M^WW

命题分析

2024年高考各卷区物理试题均不同程度地考查了气态方程与热力学定律。预测2025年高考这些内容还

第2页共107页

是考查的重点。

试题精讲

考向一气缸问题

1.（2024年1月浙江卷第19题）如图所示，一个固定在水平面上的绝热容器被隔板A分成体积均为

K=750cm3的左右两部分。面积为S=100cm?的绝热活塞B被锁定，隔板A的左侧为真空，右侧中一定

质量的理想气体处于温度A=300K、压强Pi=2.04xl（）5pa的状态葭抽取隔板A,右侧中的气体就会扩

散到左侧中，最终达到状态2。然后解锁活塞B,同时施加水平恒力E仍使其保持静止，当电阻丝C加热

时，活塞B能缓慢滑动（无摩擦），使气体达到温度（=350K的状态3,气体内能增加八。=63.8入已

知大气压强％=L01xlC）5pa,隔板厚度不计。

⑴气体从状态1到状态2是一（选填“可逆”或“不可逆”）过程，分子平均动能—（选填“增大”、

“减小”或“不变”）；

（2）求水平恒力尸的大小；

（3）求电阻丝C放出的热量。。

【答案】（1）气体从状态1到状态2是不可逆过程，分子平均动能不变；（2）10N；（3）89.3J

【解析】（1）根据热力学第二定律可知，气体从状态1到状态2是不可逆过程，由于隔板A的左侧为真空，

可知气体从状态1到状态2,气体不做功，又没有发生热传递，所以气体的内能不变，气体的温度不变，分

子平均动能不变。

（2）气体从状态1到状态2发生等温变化，则有

噌=0中

解得状态2气体的压强为

p=^L=1.02xl05Pa

22

解锁活塞B,同时施加水平恒力凡仍使其保持静止，以活塞B为对象，根据受力平衡可得

P2s=E

解得

554

F=（p2-po）S=（l.O2xlO-l.OlxlO）xlOOxWN=lON

第3页共107页

（3）当电阻丝C加热时，活塞B能缓慢滑动（无摩擦），使气体达到温度（=350K的状态3,可知气体

做等压变化，则有

生」

IT2

可得状态3气体的体积为

T350

V，=^-2V,=——x2x750cm3=1750cm3

3（1300

该过程气体对外做功为

w=p2AV=02（匕-2匕）=1.02x105X（1750—2x750）义10-6J=25.5J

根据热力学第一定律可得

AU=-W+Qr

解得气体吸收的热量为

Q'=AU+W=63.8J+25.5J=89.3J

可知电阻丝C放出的热量为

Q=Q，=89.3J

2.（2024年甘肃卷第13题）如图，刚性容器内壁光滑、盛有一定量的气体，被隔板分成A、2两部分，隔

板与容器右侧用一根轻质弹簧相连（忽略隔板厚度和弹簧体积）。容器横截面积为5、长为2/。开始时系统

处于平衡态，A、8体积均为S/,压强均为p0,弹簧为原长。现将8中气体抽出一半，2的体积变为原来的

3

-O整个过程系统温度保持不变，气体视为理想气体。求：

4

（1）抽气之后A、8的压强PA、PB。

（2）弹簧的劲度系数鼠

AB

SWVWWWWWWWAAM

1/

【答案】（1）04=弓。0，PB=』PO；（2）k=8北）;

【解析】（1）设抽气前两体积为V=SL,对气体A分析：抽气后

35

V,=2V——V=-SL

A44

根据玻意耳定律得

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POV=PA^V

解得

4

PA=~PO

对气体B分析，若体积不变的情况下抽去一半的气体，则压强变为原来的一半即gpo,则根据玻意耳定律

得

解得

2

PB=3PO

(2)由题意可知，弹簧的压缩量为,，对活塞受力分析有

4

PAS=PBS+F

根据胡克定律得

F=也

4

联立得

k=g

15/

3.(2024年广东卷第13题)差压阀可控制气体进行单向流动，广泛应用于减震系统。如图所示，A、B两

个导热良好的气缸通过差压阀连接，A内轻质活塞的上方与大气连通，B内气体体积不变。当A内气体压

强减去B内气体压强大于即时差压阀打开，A内气体缓慢进入B中；当该差值小于或等于时差压阀关

闭。当环境温度7]=300K时，A内气体体积匕1=4.0X1()2n?,B内气体压强为1等于大气压强外，已知

5

活塞的横截面积S=0.10m2，Ap=O.llpo,po=l.OxlOPa,重力加速度大小取g=lOm/s?,A、B内

的气体可视为理想气体，忽略活塞与气缸间的摩擦、差压阀与连接管内的气体体积不计。当环境温度降到

4=270K时：

(1)求B内气体压强外2；

(2)求A内气体体积匕2；

(3)在活塞上缓慢倒入铁砂，若B内气体压强回到并保持不变，求已倒入铁砂的质量也。

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【答案】（1）9xlO4Pa；（2）3.6xl02m3；（3）l.lxlO2kg

【解析】（1、2）假设温度降低到4时，差压阀没有打开，A、B两个气缸导热良好，B内气体做等容变化,

初态

PBI=Po，T=3QQK

末态

T2=270K

根据

，B1_PB2

代入数据可得

4

pB2=9xlOPa

A内气体做等压变化，压强保持不变，初态

匕1=4.0x102n?,7]=300K

末态

7；=270K

根据

%=%

ZT2

代入数据可得

=3.6xl02m3

由于

Po-PB2<

假设成立，即

°B2=9x104Pa

（3）恰好稳定时，A内气体压强为

,mg

PA=PO+—

kJ

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B内气体压强

PA=PO

此时差压阀恰好关闭，所以有

PA-P'B=邸

代入数据联立解得

m=l.lxl02kg

4.（2024年广西卷第14题）如图甲，圆柱形管内封装一定质量的理想气体，水平固定放置，横截面积

S=500mm2的活塞与一光滑轻杆相连，活塞与管壁之间无摩擦。静止时活塞位于圆管的6处，此时封闭

气体的长度4=200mm。推动轻杆先使活塞从。处缓慢移动到离圆柱形管最右侧距离为5mm的。处，再

使封闭气体缓慢膨胀，直至活塞回到b处。设活塞从。处向左移动的距离为无，封闭气体对活塞的压力大小

为尸，膨胀过程歹-一匚曲线如图乙。大气压强Po=lxl（）5pa。

（1）求活塞位于6处时，封闭气体对活塞的压力大小；

（2）推导活塞从。处到万处封闭气体经历了等温变化；

（3）画出封闭气体等温变化的p-V图像，并通过计算标出“、b处坐标值。

'>/xlO5Pa

0J7xl0-5m3

【答案】（1）50N；（2）见解析;

【解析】（1）活塞位于。处时，根据平衡条件可知此时气体压强等于大气压强,故此时封闭气体对活塞

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的压力大小为

56

F=7?oS=lxlOx5OOxlO*N=5ON

(2)根据题意可知F--匚图线为一条过原点的直线，设斜率为鼠可得

5+x

F=k--^—

5+x

根据尸=2S可得气体压强为

p=7-(Si)

(5+x)SV)

故可知活塞从。处到b处对封闭气体得

k

pV=-S-(x+5)xl0-3(S/)=A:-10-3(SI)

(5+x)S

故可知该过程中对封闭气体的值恒定不变，故可知做等温变化。

(3)分析可知全过程中气体做等温变化，开始在6处时

py=POSIO

在b处时气体体积为

53

V；=S/0=10xWm

在a处时气体体积为

Va=Sla=0.25xIO"ri?

根据玻意耳定律

PcYa=PNb=P°Slo

解得

5

pa=40xl0Pa

故封闭气体等温变化的P-V图像如下

Mp/xlO5Pa

5.(2024•江苏卷•第12题)某科研实验站有一个密闭容器，容器内有温度为300K,压强为105Pa的气体,

容器内有一个面积0.06平方米的观测台，现将这个容器移动到月球，容器内的温度变成240K,整个过程可

认为气体的体积不变，月球表面为真空状态。求：

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（1）气体现在的压强；

（2）观测台对气体的压力。

【答案】（l）8xl04pa；（2）4.8x103N

【解析】（1）由题知，整个过程可认为气体的体积不变，则有

旦一也

KF

解得

02=8x104Pa

（2）根据压强的定义，观测台对气体的压力

3

F=p2S=4.8x10N

6.（2024年全国甲卷第14题）如图，一竖直放置的汽缸内密封有一定量的气体，一不计厚度的轻质活塞

可在汽缸内无摩擦滑动，移动范围被限制在卡销。、b之间，6与汽缸底部的距离品=10茄，活塞的面积

为LOxlO^m?。初始时，活塞在卡销。处，汽缸内气体的压强、温度与活塞外大气的压强、温度相同，分

别为1.0x105Pa和300K。在活塞上施加竖直向下的外力，逐渐增大外力使活塞缓慢到达卡销6处（过程

中气体温度视为不变），外力增加到200N并保持不变。

（1）求外力增加到200N时，卡销b对活塞支持力大小；

（2）再将汽缸内气体加热使气体温度缓慢升高，求当活塞刚好能离开卡销6时气体的温度。

【答案】（1）100N；（2）327K

【解析】（1）活塞从位置。到力过程中，气体做等温变化，初态

=1.0xl05Pa.V^S-llab

末态

%=?、V2=S-10ab

根据

PM=p羽

解得

5

p2=l.lxl0Pa

此时对活塞根据平衡条件

F+P[S-p2S+N

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解得卡销b对活塞支持力的大小

N=100N

（2）将汽缸内气体加热使气体温度缓慢升高，当活塞刚好能离开卡销6时，气体做等容变化，初态

p,=l.lxlO5Pa,5=300K

末态，对活塞根据平衡条件

p3s=F+p6

解得

5

p3=1.2xl0Pa

设此时温度为丁3,根据

卫=正

T2~T3

解得

仆327K

考向二液柱问题

7.（2024年全国甲卷第13题）（多选）如图，四个相同的绝热试管分别倒立在盛水的烧杯。、氏c、d中，

平衡后烧杯。、仇c中的试管内外水面的高度差相同，烧杯d中试管内水面高于试管外水面。已知四个烧杯

中水的温度分别为%、丸、%、土「且tUf。水的密度随温度的变化忽略不计。下列说法正确

的是（）

abed

A.。中水的饱和气压最小

B.a、b中水的饱和气压相等

C.c、d中水的饱和气压相等

D.a、6中试管内气体的压强相等

E.1中试管内气体的压强比c中的大

【答案】ACD

【解析】A.同一物质的饱和气压与温度有关，温度越大，饱和气压越大，。中水的温度最低，则。中水的

饱和气压最小，故A正确；

B.同理，。中水的温度小于6中水的温度，则。中水的饱和气压小于。中水的饱和气压，故B错误；

C.c中水的温度等于d中水的温度，则c、d中水的饱和气压相等，故C正确；

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D.设大气压强为试管内外水面的高度差为M,则。、6中试管内气体的压强均为

P=Po+P水gW

故D正确；

E.d中试管内气体的压强为

%=Po-0kgM

C中试管内气体的压强为

Pc=Po+P7KgMt

可知

Pd<Pc

故E错误。

故选ACD„

8.（2024年北京卷第3题）一个气泡从恒温水槽的底部缓慢上浮，将气泡内的气体视为理想气体，且气体

分子个数不变，外界大气压不变。在上浮过程中气泡内气体（）

A.内能变大B.压强变大C.体积不变D.从水中吸热

【答案】D

【解析】A.上浮过程气泡内气体的温度不变，内能不变，故A错误；

B.气泡内气体压强。=po+o水g/z,故上浮过程气泡内气体的压强减小，故B错误；

C.由玻意耳定律pU=C知，气体体积变大，故C错误；

D.上浮过程气体体积变大，气体对外做功，由热力学第一定律AU=Q+W知，气体从水中吸热，故D正

确。

故选D。

9.（2024年山东卷第16题）图甲为战国时期青铜汲酒器，根据其原理制作了由中空圆柱形长柄和储液罐

组成的汲液器，如图乙所示。长柄顶部封闭，横截面积Si=1.0cm2,长度8=100.0cm,侧壁有一小孔A。储

2

液罐的横截面积S2=90.0cm,高度〃=20.0cm,罐底有一小孔B。汲液时，将汲液器竖直浸入液体，液体从

孔B进入，空气由孔A排出；当内外液面相平时，长柄浸入液面部分的长度为无；堵住孔A,缓慢地将汲

液器竖直提出液面，储液罐内刚好储满液体。已知液体密度〃=1.0xl03kg/m3,重力加速度大小g=10m/s2,大

气压po=LOxlO5Pa。整个过程温度保持不变，空气可视为理想气体，忽略器壁厚度。

（1）求X；

（2）松开孔A,从外界进入压强为p。、体积为V的空气，使满储液罐中液体缓缓流出，堵住孔A,稳定后

罐中恰好剩余一半的液体，求几

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A,

H

图甲图乙

3

【答案】（1）x=2cm：（2）V=8.92xlO^m

【解析】（1）由题意可知缓慢地将汲液器竖直提出液面过程只能够，气体发生等温变化，所以有

pl(H-x)Sl=p2Hsi

又因为

Pl=Po

p2+pgh^p0

代入数据联立解得

x=2cm

（2）当外界气体进入后，以所有气体为研究对象有

p^+p.HS^p.^HS.+^S^

又因为

h

P3+Pg--=Po

代入数据联立解得

V=8.92XKT4n?

考向三图像问题

10.（2024年江西卷第13题）可逆斯特林热机的工作循环如图所示。一定质量的理想气体经ABCDA完成

循环过程，和CD均为等温过程，和ZM均为等容过程。已知4=1200K,7；=300K,气体在状

态A的压强外=8.Oxl（）5pa,体积匕=1.0m3,气体在状态C的压强p©=L0xl（）5Pa。求：

（1）气体在状态D的压强PD;

（2）气体在状态B的体积匕。

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【答案】⑴2xlO5Pa；（2）2.0m3

【解析】（1）从。到A状态，根据查理定律

IT2

解得

5

pD=2xl0Pa

（2）从C到。状态，根据玻意耳定律

PcV2=PDK

解得

%=2.0m3

11.（2024年山东卷第6题）一定质量理想气体经历如图所示的循环过程，过程是等压过程，b-c过

程中气体与外界无热量交换，c-a过程是等温过程。下列说法正确的是（）

A.过程，气体从外界吸收的热量全部用于对外做功

B.过程，气体对外做功，内能增加

C.a—b—c过程，气体从外界吸收的热量全部用于对外做功

D.a—b过程，气体从外界吸收的热量等于c—a过程放出的热量

【答案】C

【解析】A.a—b过程压强不变，是等压变化且体积增大，气体对外做功W<0,由盖-吕萨克定律可知

Th>Ta

即内能增大，AC/flfc>0,根据热力学第一定律AU=Q+W可知a.6过程，气体从外界吸收的热量一部

分用于对外做功，另一部分用于增加内能，A错误；

B.方法一：C过程中气体与外界无热量交换，即

第13页共107页

或=0

又由气体体积增大可知"c<o,由热力学第一定律AU=Q+W可知气体内能减少。

方法二：c-。过程为等温过程，所以

Tc=Ta

结合分析可知

Tb>Tc

所以6到c过程气体的内能减少。故B错误；

C.过程为等温过程，可知

Tc=Ta,^Uac=Q

根据热力学第一定律可知afbfc过程，气体从外界吸收的热量全部用于对外做功，C正确；

D.根据热力学第一定律结合上述解析可知：afcfa—整个热力学循环过程AU=0,整个过程

气体对外做功，因此热力学第一定律可得

故。-»力过程气体从外界吸收的热量。"不等于c-。过程放出的热量-，D错误。

故选C。

12.（2024年新课标卷第8题）（多选）如图，一定量理想气体的循环由下面4个过程组成：1-2为绝热

过程（过程中气体不与外界交换热量），2-3为等压过程，3-4为绝热过程，4-1为等容过程。上述四个

过程是四冲程柴油机工作循环的主要过程。下列说法正确的是（）

C.3—4过程中，气体内能不变D.4—1过程中，气体向外放热

【答案】AD

【解析】A.1-2为绝热过程，根据热力学第一定律AU=Q+W可知此时气体体积减小，外界对气体做功，

故内能增加，故A正确；

B.2T3为等压过程，根据盖吕萨克定律可知气体体积增大时温度增加，内能增大，此时气体体积增大，气

体对外界做功W<0,故气体吸收热量，故B错误；

C.3T4为绝热过程，此时气体体积增大，气体对外界做功W<0,根据热力学第一定律可知气体内能减小，

故C错误；

第14页共107页

D.4-1为等容过程，根据查理定律可知压强减小时温度减小，故内能减小，由于体积不变W=0,故可知

气体向外放热，故D正确。

故选ADo

考向四实验问题

13.（2024•上海卷•第1题）通过“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验可推测油酸分子的直径约为（）

A.1（）T5mB.1012mC.10-9mD.106m

【答案】C

【解析】通过“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验可推测油酸分子的直径约为10T°m或lO-m，故选

C„

14.（2024•上海卷•第2题）验证气体体积随温度变化关系的实验装置如图所示，用支架将封有一定质量气

体的注射器和温度传感器固定在盛有热水的烧杯中。实验过程中，随着水温的缓慢下降，记录多组气体温

（2）下列有助于减小实验误差的操作是

A.实验前测量并记录环境温度B.实验前测量并记录大气压强

C.待温度读数完全稳定后才记录数据D.测量过程中保持水面高于活塞下端

【答案】①.A②.C

【解析】（1）口］实验过程中压强不变，根据

pv...pyc

T~Z+273K-

第15页共107页

可得

cc

V=—T=—（Z+273K）

PP

可知，在压强不变的情况下，气体体积与热力学温度成正比，与摄氏温度成一次函数关系，故A正确，BCD

错误。

故选A

（2）⑵A.环境温度不影响实验数据，实验前测量并记录环境温度并不能减小实验误差，故A错误；

B.本实验压强不变，实验前测量并记录大气压强不能减小实验误差，故B错误；

C.待温度读数完全稳定后才记录数据，稳定后的数据更加接近真实数据，故能减小误差，故C正确；

D.测量过程中保持水面高于活塞下端不能减少误差，故D错误。

故选C

考向五充气、放气的问题，气球问题

15.（2024年安徽卷第13题）某人驾驶汽车，从北京到哈尔滨，在哈尔滨发现汽车的某个轮胎内气体的压

强有所下降（假设轮胎内气体的体积不变，且没有漏气，可视为理想气体）。于是在哈尔滨给该轮胎充入

压强与大气压相同的空气，使其内部气体的压强恢复到出发时的压强（假设充气过程中，轮胎内气体的温

度与环境相同，且保持不变）。已知该轮胎内气体的体积匕=30L,从北京出发时，该轮胎气体的温度

：=-3℃,压强p]=2.7xl（）5pa。哈尔滨的环境温度灰=-23℃,大气压强外取LOx3Pa。求：

（1）在哈尔滨时，充气前该轮胎气体压强的大小。

（2）充进该轮胎的空气体积。

【答案】（1）2,5xlO5Pa；（2）6L

【解析】（1）由查理定律可得

区=卫

其中

P1=2.7x105Pa,4=273-3（K）=270K,%=273-23（K）=250K

代入数据解得，在哈尔滨时，充气前该轮胎气体压强的大小为

5

p2=2.5xlOPa

（2）由玻意耳定律

P2%+“）V=Pi%

代入数据解得，充进该轮胎的空气体积为

V=6L

16.（2024年湖南卷第13题）一个充有空气的薄壁气球，气球内气体压强为p、体积为k气球内空气可

第16页共107页

视为理想气体。

（1）若将气球内气体等温膨胀至大气压强P0,求此时气体的体积％（用po、P和V表示）；

（2）小赞同学想测量该气球内气体体积丫的大小，但身边仅有一个电子天平。将气球置于电子天平上，示

数为m=8.66x10-3kg（此时须考虑空气浮力对该示数的影响）。小赞同学查阅资料发现，此时气球内气体

压强P和体积V还满足：（p-po）（V-VBo）=C,其中po=LOxlO5pa为大气压强，%。=0.5xlOTnP为气球无

3

张力时的最大容积，C=18J为常数。已知该气球自身质量为m0=8.40xlO^kg,外界空气密度为次=1.3kg/m,

求气球内气体体积V的大小。

pV

【答案】（1）—：（2）5x103m3

Po

【解析】（1）理想气体做等温变化，根据玻意耳定律有

=Po%

解得

Po

（2）设气球内气体质量为机气，则

加气=20%

根据气球的受力分析有

mg+pogV=m气g+mog

结合题中0和v满足的关系为

（。-z）（v-M=c

解得

V=5xl（T3m3

考向六分子动理论、热力学定律、固体和液体的性质

17.（2024年河北卷第9题）（多选）如图，水平放置的密闭绝热汽缸被导热活塞分成左右两部分，左侧

封闭一定质量的理想气体，右侧为真空，活塞与汽缸右壁中央用一根轻质弹簧水平连接。汽缸内壁光滑且

水平长度大于弹簧自然长度，弹簧的形变始终在弹性限度内且体积忽略不计。活塞初始时静止在汽缸正中

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间，后因活塞密封不严发生缓慢移动，活塞重新静止后（）

理想气体真空

w/wwwwww

活塞/

A.弹簧恢复至自然长度

B.活塞两侧气体质量相等

C.与初始时相比，汽缸内气体的内能增加

D.与初始时相比，活塞左侧单位体积内气体分子数减少

【答案】ACD

【解析】A.初始状态活塞受到左侧气体向右的压力和弹簧向左的弹力处于平衡状态，弹簧处于压缩状态。

因活塞密封不产，可知左侧气体向右侧真空漏出。左侧气体压强变小，右侧出现气体，对活塞有向左的压

力，最终左、右两侧气体压强相等，且弹簧恢复原长，故A正确；

B.由题知活塞初始时静止在汽缸正中间，但由于活塞向左移动，左侧气体体积小于右侧气体体积，则左侧

气体质量小于右侧气体质量，故B错误；

C.密闭气缸绝热，与外界没有能量交换，但弹簧弹性势能减少了，可知气体内能增加，故C正确；

D.初始时气体在左侧，最终气体充满整个气缸，则初始左侧单位体积内气体分子数应该是最终左侧的两倍，

故D正确。

故选ACD„

18.（2024年湖北卷第13题）如图所示，在竖直放置、开口向上的圆柱形容器内用质量为机的活塞密封一

部分理想气体，活塞横截面积为S,能无摩擦地滑动。初始时容器内气体的温度为"，气柱的高度为当

容器内气体从外界吸收一定热量后，活塞缓慢上升g丸再次平衡。已知容器内气体内能变化量△。与温度变

化量AT的关系式为AU=CAT,C为己知常数，大气压强恒为重力加速度大小为g,所有温度为热

力学温度。求

（1）再次平衡时容器内气体的温度。

（2）此过程中容器内气体吸收的热量。

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【答案】(1)-7^)；(2)—h(p0S+mg)+

【解析】(1)气体进行等压变化，则由盖吕萨克定律得

%=匕

即

hs("p)s

不——一

解得

(2)此过程中气体内能增加