2024-2025学年辽宁省葫芦岛市长江卫生中等职业技术学校高三上学期9月期初考试物理试题(普高班)（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1葫芦岛市长江卫生中等职业技术学校2024—2025学年度（上）高三九月期初考试物理试题考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图，有一条宽为100m的河道，一小船从岸边的某点渡河，渡河过程中保持船头指向与河岸始终垂直。已知小船在静水中的速度大小为4m/s，水流速度大小为3m/s。下列说法正确的是（）A.小船在河水中航行的轨迹是曲线 B.小船渡河过程中的位移大小为100mC.小船在河水中的速度是7m/s D.小船渡河的时间是25s【答案】D【解析】A．小船垂直于河岸方向做匀速直线运动，沿河岸方向也做匀速直线运动，所以小船的实际运动为匀速直线运动，A错误；D．由于渡河过程中保持船头指向与河岸始终垂直，故解得D正确；B．小船到达河对岸时，垂直于河岸的位移为100m，沿河岸方向的位移为合位移为B错误；C．小船在河水中速度为C错误。故选D。2.在观察蜡块运动的实验中，假设从某时刻（）开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是，与此同时，玻璃管向右沿水平方向加速平移，每1s内的位移依次是、、、。下列说法正确的是（）A.蜡块的运动轨迹是直线B.蜡块任意1秒钟速度的变化方向一定不同C.蜡块任意1秒钟速度变化方向一定相同D.蜡块任意1秒钟速率的变化量相等【答案】C【解析】A．由于红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是，与此同时，玻璃管向右沿水平方向加速平移，每1s内的位移依次是、、、。可知，蜡块竖直向上做匀速直线运动，水平向右做匀加速直线运动，加速度方向水平向右，则蜡块做匀变速曲线运动，即蜡块的运动轨迹是曲线，A错误；BC．根据解得由于蜡块做匀变速运动，加速度一定，则蜡块任意1秒钟速度的变化量的大小与方向均一定，B错误，C正确；D．由于速率只瞬时速度的大小，是一个标量，则蜡块在匀变速曲线运动时，任意1秒钟速率的变化量不相等，D错误。故选C。3.如图所示，一小物块从长1m的水平桌面一端以初速度v0沿中线滑向另一端，经过1s从另一端滑落。物块与桌面间动摩擦因数为μ，g取10m/s2。下列v0、μ值可能正确的是（）A.v0=2.5m/s B.v0=1.5m/s C.μ=0.28 D.μ=0.25【答案】B【解析】AB．物块水平沿中线做匀减速直线运动，则由题干知x=1m，t=1s，v>0代入数据有v0<2m/s故A不可能，B可能；CD．对物块做受力分析有a=-μg，v2-v02=2ax整理有v02-2ax>0由于v0<2m/s可得μ<0.2故CD不可能。故选B。4.水星的质量约为地球质量的，半径约为地球半径的，则同一物体在水星表面与在地球表面受到的引力的比值约为（）A.0.13 B.0.31 C.2.0 D.3.1【答案】B【解析】根据解得解得故选B。5.矩形滑块由不同材料的上、下两层粘合在一起组成，将其放在光滑的水平面上。质量为m的子弹以速度v0水平射向滑块，若射击下层，子弹刚好不射出；若射击上层，子弹刚好能射穿一半厚度，如图所示，则上述两种情况相比较，下列说法正确的是（）A.子弹的末速度大小相等 B.系统产生的热量上层多C.子弹对滑块做的功不相等 D.子弹和滑块间的水平作用力一样大【答案】A【解析】A．以v0的方向为正方向，由动量守恒定律得可得滑块最终获得的速度两种情况下子弹的末速度是相同的，故A正确；B．子弹嵌入下层或上层过程中，系统产生的热量都等于系统减少的动能，而子弹减少的动能一样多（两种情况下子弹初、末速度都相等），滑块增加的动能也一样多，则系统减少的动能一样，故系统产生的热量一样多，故B错误；C．根据动能定理，滑块动能的增量等于子弹对滑块做的功，所以两次子弹对滑块做的功一样多，故C错误；D．两种情况系统产生的热量一样多，由可知，由于s相对不相等，所以两种情况下子弹和滑块间的水平作用力不一样大，故D错误。故选A。6.如图所示，套在竖直细杆上的滑块A由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳与重物B相连，在外力作用下，滑块A沿杆以速度以匀速上升经过M、N两点，经过M点时绳与竖直杆的夹角为α，经过N点时绳与竖直杆垂直，则（）A.经过M点时，B的速度等于B.经过N点时，B的速度达最大C.当A从M靠近N的过程中，B处于超重状态D.当A从M靠近N的过程中，绳子的拉力小于B的重力【答案】C【解析】AB．依题意，滑块A经过M点时，因绳不可伸长、两物体沿绳子方向的分速度大小相等，有而当滑块A经过N点时，滑块沿绳子上的分速度为零，即绳的速度等于零，所以此时重物B的速度为零，故AB错误；CD．滑块A匀速上升过程中，假定绳与竖直杆的夹角为，因因恒定、夹角增大、减小，则减小，因此重物B向下做减速运动，由牛顿第二定律，可知重物B的加速度向上、处于超重状态、绳对重物B的拉力大于其重力，故D错误，C正确。故选C。7.如图所示质量为M的吊篮P通过细绳悬挂在天花板上，物块A、B、C质量均为m，B、C叠放在一起，物块B固定在轻质弹簧上端，弹簧下端与A物块相连，三物块均处于静止状态，弹簧的劲度系数为k（弹簧始终在弹性限度内），下列说法正确的是（）A.静止时，弹簧的形变量为B.剪断细绳瞬间，C物块处于超重状态C.剪断细绳瞬间，A物块与吊篮P分离D.剪断细绳瞬间，吊篮P的加速度大小为【答案】D【解析】静止时，利用胡克定律F=k△x求出弹簧形变量△x；用隔离法单独对C物块分析，判断C物块所处状态；将A物块和吊篮P当作一个整体，利用牛顿第二定律分析两物体的加速度．A项：静止时，弹簧受到的压力F大小等于B、C的重力2mg，则由胡克定律F=k△x求出弹簧的形变量，故A错误；B项：、剪断细绳瞬间，由于弹簧弹力不能突变，C物块所受合力为0，加速度为0，C处于静止状态，B错误；C、D项：剪断细绳瞬间，将吊篮和A物块当作一个整体，受到重力为M+mg，以及弹簧的压力2mg，则吊篮P和物块A的加速度，因此剪断细绳瞬间，A物块和吊篮P的加速度大小相同，均为，则A物块与吊篮P不会分离，故C错误，D正确．故应选：D．8.如图所示，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B，跨过固定于斜面体顶端的小滑轮O，倾角为30°的斜面体置于水平地面上。A的质量为2m，B的质量为7m。开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动。将A由静止释放，在其下摆过程中，斜面体始终保持静止，下列判断中正确的是（）A.物块B受到的摩擦力先减小后增大B.小球A的机械能守恒C.小球A的机械能不守恒，A、B系统的机械能也不守恒D.小球A在摆动到最低点前的过程中，地面对斜面体的摩擦力方向一直向右【答案】ABD【解析】A．由于与开始绳中无拉力，物块B静止，则此时B受到的摩擦力方向沿斜面向上，大小为当释放小球后，绳的拉力逐渐增大，则B受到的摩擦力先减小，假设小球A摆到最低点，物块B仍然静止，则有，解得表明此时物块B确实保持静止，静摩擦力方向变为沿斜面向下，大小为则可知下摆过程中，物块B受到的摩擦力方向先沿斜面向上，后沿斜面向下，大小先减小后增大，A正确；BC．根据上述，在小球向下摆动过程中，B处于静止状态，只有重力做功，因此小球A的机械能守恒，AB系统的机械能也守恒，B正确，C错误；D．对物块B与斜面体分析，可知在小球A摆动到最低点前的过程中，绳对物块B与斜面体构成的整体有斜向左下方的拉力，即物块B与斜面体构成的整体有水平向左运动的趋势，则地面对斜面体的静摩擦力方向一直向右，D正确。故选ABD。9.如图甲所示的电路，其中电源电动势，内阻，定值电阻，已知滑动变阻器消耗的功率P与其接入电路的有效阻值的关系如图乙所示，则下列说法中正确的是（）A.图乙中滑动变阻器的最大功率B.图乙中C.滑动变阻器消耗的功率P最大时，电源输出功率也最大D.无论如何调整滑动变阻器的阻值，都无法使电源的输出功率达到【答案】AD【解析】A．由闭合电路欧姆定律的推论可知，当电路外电阻R等于内阻r时，输出功率最大，最大值为把定值电阻看成电源内阻一部分，由图乙可知，当滑动变阻器消耗的功率最大，最大功率为故A正确；B．滑动变阻器的阻值为时与阻值为时消耗的功率相等，有解得故B错误；C．当电路外电阻等于内阻时，输出功率最大，因为定值电阻大于电源内阻，故随着滑动变阻器接入电路阻值变大，电源输出功率减小，故滑动变阻器接入电路阻值为零时，电源输出功率最大，故C错误；D．当滑动变阻器接入电路阻值为零时，电路中电流最大，最大值为电源输出功率最大，为故D正确。故选AD。10.如图所示的实线为方向未知的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示。则下列说法正确的是（）A.a一定带负电，b一定带正电 B.静电力对a做正功，对b也做正功C.a的动能将变大，b的电势能将变小 D.a的加速度在减小，b的加速度在增大【答案】BCD【解析】AB．根据题意可知，静电力方向沿电场线指向轨迹凹侧，又有正电荷所受电场力的方向与电场强度方向相同，负电荷相反，但不知道电场线方向，则无法判断粒子电性，a、b粒子速度方向与a、b粒子所受静电力方向的夹角均为锐角，电场力做正功，故A错误，B正确；C．电场力对a、b做正功，两个粒子动能均增大，电势能均减小，故C正确；D．电场线疏密表示场强大小，结合公式可知，a受到的电场力在减小，加速度在减小，b受到的电场力在增大，加速度在增大，故D正确。故选BCD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某兴趣小组设计了一个验证“牛顿第二定律”的实验。图1为实验装置简图，A为小车（质量为M），B为打点计时器，C为装有沙的沙桶（总质量为m），D为一端带有定滑轮的长木板，电源频率为50Hz。（1）实验得到如图2一条纸带（纸带上的点为实际打下的点），可求出小车的加速度大小__________。（结果取两位有效数字）（2）实验中，以下做法正确的两项是_______________A．平衡摩擦力时，应将沙桶用细绳通过定滑轮系在小车上B．平衡摩擦力时，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力C．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力D．实验时，先放开小车，后接通电源（3）小组同学保持小车质量M不变，根据测量数据作出了图线，如图3所示，若牛顿第二定律成立，则可求出小车的质量__________，下列分析正确的是（）（多选，选填选项前的字母）。A．图线不过原点的原因可能是没有平衡摩擦力B．图线不过原点的原因可能是平衡摩擦力时木板的末端抬得过高C．图线上部分弯曲的原因可能是所用小车的质量M过大D．图线上部分弯曲的原因可能是沙桶总质量m增大到一定程度时，沙桶的重力不能看做小车所受的合力（4）在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力，由此造成的误差是系统误差。设拉力的真实值为，小车的质量M，为了使，应当满足的条件是________________。【答案】（1）3.2（2）BC##CB（3）1.0BD##DB（4）5%【解析】（1）[1]小车的加速度大小（2）[2]AB．平衡摩擦力时，不应将沙桶用细绳系在小车上，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力，故A错误，B正确；C．平衡摩擦后满足可得角度与小车质量无关，每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故C正确；D．实验时，为了有效利用纸带，获得足够多的点，应先接通电源，后放开小车，故D错误。故选BC。（3）[3]恰好平衡摩擦力后，根据牛顿第二定律得即故图线斜率表示解得[4]AB．图线不过原点，当拉力为0时就有加速度，说明平衡摩擦力时木板末端抬的太高，故A错误，B正确；CD．当时，沙桶重力可以近似看做小车受到的拉力，当m逐渐增大时，则不满足上述条件，则图线变弯曲，故C错误，D正确。故选BD。（4）[5]对小车受力分析对整体受力分析需要满足联立解得12.物理实验研究小组为较准确地测量空调遥控器使用过后的电池组（两节干电池）的电动势和内阻，采用了如下的实验测量方式，可使用的器材有：A.电流表G：测量范围为，内阻为；B.电流表A：测量范围为，内阻为；C.定值电阻：电阻为；D.定值电阻：电阻为；E.滑动变阻器R：电阻变化范围为；F.开关一个、导线若干。（1）为了把电流表G改装成合适的电压表，应选择的定值电阻为___________（填正确选项前的字母）。（2）将改装后的电流表G和电流表A接入电路，为了让测量更准确，应选择的电路是___________（填“甲”或“乙”）。（3）若选择正确的定值电阻R和电路图进行实验，得到电流表G和A的几组数据，并根据数据绘出了的关系图像如图丙所示（、I分别对应电流表G和A的示数），由此可知，干电池的电动势为___________V，内阻为___________。（结果保留两位有效数字）【答案】（1）C（2）乙（3）2.63.8【解析】（1）[1]根据题意，由于两节旧干电池的电动势约为3V，则需将电流表G改装成电压表，则需要串联一个大电阻，由欧姆定律可得，串联后总电阻则需要串联的电阻为（2）[2]由于电流表的内阻已知，为了减小实验误差，故选乙。（3）[3]根据题意，由闭合电路欧姆定律可得整理得由图像可得解得当，时，代入解得13.跳台滑雪是一种勇敢者的滑雪运动，运动员穿专用滑雪板，在滑雪道上获得一定速度后从跳台飞出，在空中飞行一段距离后着陆。如图所示，现有某运动员从跳台a处以速度沿水平方向飞出，在斜坡b处着陆，着陆时速度大小为。运动员可视为质点，空气阻力不计，重力加速度g取。求：(1)运动员在空中飞行的时间；(2)ab之间的距离。【答案】(1)2s；(2)【解析】(1)运动员从a点做平抛运动，落到b点时，根据运动合成与分解，可得运动员在竖直方向上的分速度为在竖直方向上，根据速度时间公式得代入数据解得运动员在空中飞行时间(2)水平方向上，由运动学公式得竖直方向上，由位移时间公式得根据运动的合成与分解得解得14.如图所示，一带正电的粒子以初动能沿平行板电容器的中线进入板内，恰好沿下板边沿飞出，飞出时粒子的动能为。已知板长为，带电粒子的电荷量为，粒子在板间仅受电场力作用，求：（1）粒子射出时的偏转角度；（2）两极板间的电势差。【答案】（1）；（2）【解析】（1）设粒子质量为，射入板间的初速度为，则有粒子射入电场时粒子射出电场时则有得粒子射出时的偏转角度（2）由动能定理可得解得15.如图所示，一足够长、质量为的木板B在粗糙水平面上向右运动，某时刻速度为，同时一个质量也为m的物块A（可视为质点）以的速度从右侧滑上长木板。已知木板与滑块间的动摩擦因数，木板与地面间的动摩擦因数。重力加速度，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。试求：（1）木板B速度为零时，物块的速度以及到此时A相对于B的位移；（2）在长木板左侧处有一挡板，长木板是否能撞到挡板？若能相撞，求与挡板相撞时B的速度大小；若不能相撞，求B停下来的位置距离出发点多远。【答案】（1），方向水平向左，8.5m，方向水平向左；（2）会撞，【解析】（1）对物块A，根据牛顿第二定律有解得方向水平向右，对长木板B，根据牛顿第二定律有解得方向水平向左，当B的速度为零时则A的速度解得方向水平向左，A向左运动的位移B向右运动的位移A相对于B运动方向水平向左。（2）之后长木板B向左加速，根据牛顿第二定律，有方向水平向左，A继续向左减速，最后与B共速B向左运动假设AB一起匀减速运动，根据解得AB间需要的最大静摩擦力解得而AB间提供的最大静摩擦力则AB一起做匀减速运动，即解得AB一起匀减速到零时，运动的位移解得由于所以B会撞挡板，此时有解得葫芦岛市长江卫生中等职业技术学校2024—2025学年度（上）高三九月期初考试物理试题考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图，有一条宽为100m的河道，一小船从岸边的某点渡河，渡河过程中保持船头指向与河岸始终垂直。已知小船在静水中的速度大小为4m/s，水流速度大小为3m/s。下列说法正确的是（）A.小船在河水中航行的轨迹是曲线 B.小船渡河过程中的位移大小为100mC.小船在河水中的速度是7m/s D.小船渡河的时间是25s【答案】D【解析】A．小船垂直于河岸方向做匀速直线运动，沿河岸方向也做匀速直线运动，所以小船的实际运动为匀速直线运动，A错误；D．由于渡河过程中保持船头指向与河岸始终垂直，故解得D正确；B．小船到达河对岸时，垂直于河岸的位移为100m，沿河岸方向的位移为合位移为B错误；C．小船在河水中速度为C错误。故选D。2.在观察蜡块运动的实验中，假设从某时刻（）开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是，与此同时，玻璃管向右沿水平方向加速平移，每1s内的位移依次是、、、。下列说法正确的是（）A.蜡块的运动轨迹是直线B.蜡块任意1秒钟速度的变化方向一定不同C.蜡块任意1秒钟速度变化方向一定相同D.蜡块任意1秒钟速率的变化量相等【答案】C【解析】A．由于红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是，与此同时，玻璃管向右沿水平方向加速平移，每1s内的位移依次是、、、。可知，蜡块竖直向上做匀速直线运动，水平向右做匀加速直线运动，加速度方向水平向右，则蜡块做匀变速曲线运动，即蜡块的运动轨迹是曲线，A错误；BC．根据解得由于蜡块做匀变速运动，加速度一定，则蜡块任意1秒钟速度的变化量的大小与方向均一定，B错误，C正确；D．由于速率只瞬时速度的大小，是一个标量，则蜡块在匀变速曲线运动时，任意1秒钟速率的变化量不相等，D错误。故选C。3.如图所示，一小物块从长1m的水平桌面一端以初速度v0沿中线滑向另一端，经过1s从另一端滑落。物块与桌面间动摩擦因数为μ，g取10m/s2。下列v0、μ值可能正确的是（）A.v0=2.5m/s B.v0=1.5m/s C.μ=0.28 D.μ=0.25【答案】B【解析】AB．物块水平沿中线做匀减速直线运动，则由题干知x=1m，t=1s，v>0代入数据有v0<2m/s故A不可能，B可能；CD．对物块做受力分析有a=-μg，v2-v02=2ax整理有v02-2ax>0由于v0<2m/s可得μ<0.2故CD不可能。故选B。4.水星的质量约为地球质量的，半径约为地球半径的，则同一物体在水星表面与在地球表面受到的引力的比值约为（）A.0.13 B.0.31 C.2.0 D.3.1【答案】B【解析】根据解得解得故选B。5.矩形滑块由不同材料的上、下两层粘合在一起组成，将其放在光滑的水平面上。质量为m的子弹以速度v0水平射向滑块，若射击下层，子弹刚好不射出；若射击上层，子弹刚好能射穿一半厚度，如图所示，则上述两种情况相比较，下列说法正确的是（）A.子弹的末速度大小相等 B.系统产生的热量上层多C.子弹对滑块做的功不相等 D.子弹和滑块间的水平作用力一样大【答案】A【解析】A．以v0的方向为正方向，由动量守恒定律得可得滑块最终获得的速度两种情况下子弹的末速度是相同的，故A正确；B．子弹嵌入下层或上层过程中，系统产生的热量都等于系统减少的动能，而子弹减少的动能一样多（两种情况下子弹初、末速度都相等），滑块增加的动能也一样多，则系统减少的动能一样，故系统产生的热量一样多，故B错误；C．根据动能定理，滑块动能的增量等于子弹对滑块做的功，所以两次子弹对滑块做的功一样多，故C错误；D．两种情况系统产生的热量一样多，由可知，由于s相对不相等，所以两种情况下子弹和滑块间的水平作用力不一样大，故D错误。故选A。6.如图所示，套在竖直细杆上的滑块A由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳与重物B相连，在外力作用下，滑块A沿杆以速度以匀速上升经过M、N两点，经过M点时绳与竖直杆的夹角为α，经过N点时绳与竖直杆垂直，则（）A.经过M点时，B的速度等于B.经过N点时，B的速度达最大C.当A从M靠近N的过程中，B处于超重状态D.当A从M靠近N的过程中，绳子的拉力小于B的重力【答案】C【解析】AB．依题意，滑块A经过M点时，因绳不可伸长、两物体沿绳子方向的分速度大小相等，有而当滑块A经过N点时，滑块沿绳子上的分速度为零，即绳的速度等于零，所以此时重物B的速度为零，故AB错误；CD．滑块A匀速上升过程中，假定绳与竖直杆的夹角为，因因恒定、夹角增大、减小，则减小，因此重物B向下做减速运动，由牛顿第二定律，可知重物B的加速度向上、处于超重状态、绳对重物B的拉力大于其重力，故D错误，C正确。故选C。7.如图所示质量为M的吊篮P通过细绳悬挂在天花板上，物块A、B、C质量均为m，B、C叠放在一起，物块B固定在轻质弹簧上端，弹簧下端与A物块相连，三物块均处于静止状态，弹簧的劲度系数为k（弹簧始终在弹性限度内），下列说法正确的是（）A.静止时，弹簧的形变量为B.剪断细绳瞬间，C物块处于超重状态C.剪断细绳瞬间，A物块与吊篮P分离D.剪断细绳瞬间，吊篮P的加速度大小为【答案】D【解析】静止时，利用胡克定律F=k△x求出弹簧形变量△x；用隔离法单独对C物块分析，判断C物块所处状态；将A物块和吊篮P当作一个整体，利用牛顿第二定律分析两物体的加速度．A项：静止时，弹簧受到的压力F大小等于B、C的重力2mg，则由胡克定律F=k△x求出弹簧的形变量，故A错误；B项：、剪断细绳瞬间，由于弹簧弹力不能突变，C物块所受合力为0，加速度为0，C处于静止状态，B错误；C、D项：剪断细绳瞬间，将吊篮和A物块当作一个整体，受到重力为M+mg，以及弹簧的压力2mg，则吊篮P和物块A的加速度，因此剪断细绳瞬间，A物块和吊篮P的加速度大小相同，均为，则A物块与吊篮P不会分离，故C错误，D正确．故应选：D．8.如图所示，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B，跨过固定于斜面体顶端的小滑轮O，倾角为30°的斜面体置于水平地面上。A的质量为2m，B的质量为7m。开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动。将A由静止释放，在其下摆过程中，斜面体始终保持静止，下列判断中正确的是（）A.物块B受到的摩擦力先减小后增大B.小球A的机械能守恒C.小球A的机械能不守恒，A、B系统的机械能也不守恒D.小球A在摆动到最低点前的过程中，地面对斜面体的摩擦力方向一直向右【答案】ABD【解析】A．由于与开始绳中无拉力，物块B静止，则此时B受到的摩擦力方向沿斜面向上，大小为当释放小球后，绳的拉力逐渐增大，则B受到的摩擦力先减小，假设小球A摆到最低点，物块B仍然静止，则有，解得表明此时物块B确实保持静止，静摩擦力方向变为沿斜面向下，大小为则可知下摆过程中，物块B受到的摩擦力方向先沿斜面向上，后沿斜面向下，大小先减小后增大，A正确；BC．根据上述，在小球向下摆动过程中，B处于静止状态，只有重力做功，因此小球A的机械能守恒，AB系统的机械能也守恒，B正确，C错误；D．对物块B与斜面体分析，可知在小球A摆动到最低点前的过程中，绳对物块B与斜面体构成的整体有斜向左下方的拉力，即物块B与斜面体构成的整体有水平向左运动的趋势，则地面对斜面体的静摩擦力方向一直向右，D正确。故选ABD。9.如图甲所示的电路，其中电源电动势，内阻，定值电阻，已知滑动变阻器消耗的功率P与其接入电路的有效阻值的关系如图乙所示，则下列说法中正确的是（）A.图乙中滑动变阻器的最大功率B.图乙中C.滑动变阻器消耗的功率P最大时，电源输出功率也最大D.无论如何调整滑动变阻器的阻值，都无法使电源的输出功率达到【答案】AD【解析】A．由闭合电路欧姆定律的推论可知，当电路外电阻R等于内阻r时，输出功率最大，最大值为把定值电阻看成电源内阻一部分，由图乙可知，当滑动变阻器消耗的功率最大，最大功率为故A正确；B．滑动变阻器的阻值为时与阻值为时消耗的功率相等，有解得故B错误；C．当电路外电阻等于内阻时，输出功率最大，因为定值电阻大于电源内阻，故随着滑动变阻器接入电路阻值变大，电源输出功率减小，故滑动变阻器接入电路阻值为零时，电源输出功率最大，故C错误；D．当滑动变阻器接入电路阻值为零时，电路中电流最大，最大值为电源输出功率最大，为故D正确。故选AD。10.如图所示的实线为方向未知的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示。则下列说法正确的是（）A.a一定带负电，b一定带正电 B.静电力对a做正功，对b也做正功C.a的动能将变大，b的电势能将变小 D.a的加速度在减小，b的加速度在增大【答案】BCD【解析】AB．根据题意可知，静电力方向沿电场线指向轨迹凹侧，又有正电荷所受电场力的方向与电场强度方向相同，负电荷相反，但不知道电场线方向，则无法判断粒子电性，a、b粒子速度方向与a、b粒子所受静电力方向的夹角均为锐角，电场力做正功，故A错误，B正确；C．电场力对a、b做正功，两个粒子动能均增大，电势能均减小，故C正确；D．电场线疏密表示场强大小，结合公式可知，a受到的电场力在减小，加速度在减小，b受到的电场力在增大，加速度在增大，故D正确。故选BCD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某兴趣小组设计了一个验证“牛顿第二定律”的实验。图1为实验装置简图，A为小车（质量为M），B为打点计时器，C为装有沙的沙桶（总质量为m），D为一端带有定滑轮的长木板，电源频率为50Hz。（1）实验得到如图2一条纸带（纸带上的点为实际打下的点），可求出小车的加速度大小__________。（结果取两位有效数字）（2）实验中，以下做法正确的两项是_______________A．平衡摩擦力时，应将沙桶用细绳通过定滑轮系在小车上B．平衡摩擦力时，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力C．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力D．实验时，先放开小车，后接通电源（3）小组同学保持小车质量M不变，根据测量数据作出了图线，如图3所示，若牛顿第二定律成立，则可求出小车的质量__________，下列分析正确的是（）（多选，选填选项前的字母）。A．图线不过原点的原因可能是没有平衡摩擦力B．图线不过原点的原因可能是平衡摩擦力时木板的末端抬得过高C．图线上部分弯曲的原因可能是所用小车的质量M过大D．图线上部分弯曲的原因可能是沙桶总质量m增大到一定程度时，沙桶的重力不能看做小车所受的合力（4）在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力，由此造成的误差是系统误差。设拉力的真实值为，小车的质量M，为了使，应当满足的条件是________________。【答案】（1）3.2（2）BC##CB（3）1.0BD##DB（4）5%【解析】（1）[1]小车的加速度大小（2）[2]AB．平衡摩擦力时，不应将沙桶用细绳系在小车上，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力，故A错误，B正确；C．平衡摩擦后满足可得角度与小车质量无关，每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故C正确；D．实验时，为了有效利用纸带，获得足够多的点，应先接通电源，后放开小车，故D错误。故选BC。（3）[3]恰好平衡摩擦力后，根据牛顿第二定律得即故图线斜率表示解得[4]AB．图线不过原点，当拉力为0时就有加速度，说明平衡摩擦力时木板末端抬的太高，故A错误，B正确；CD．当时，沙桶重力可以近似看做小车受到的拉力，当m逐渐增大时，则不满足上述条件，则图线变弯曲，故C错误，D正确。故选BD。（4）[5]对小车受力分析对整体受力分析需要满足联立解得12.物理实验研究小组为较准确地测量空调遥控器使用过后的电池组（两节干电池）的电动势和内阻，采用了如下的实验测量方式，可使用的器材有：A.电流表G：测量范围为，内阻为；B.电流表A：测量范围为，内阻为；C.定值电阻：电阻为；D.定值电阻：电阻为；E.滑动变阻器R：电阻变化范围为；F.开关一个、导线若干。（1）为了把电流表G改装成合适的电压表，应选择的定值电阻为___________（填正