河北省滦县二中2025届高一物理第一学期期末考试模拟试题含解析

河北省滦县二中2025届高一物理第一学期期末考试模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、有种自动扶梯，无人乘行时运转很慢，有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，正好经历了这两个过程，则能正确反映该乘客在这两个过程中的受力示意图的是（）A. B.C. D.2、“物理”是取“格物致理”四字的简称。在学习物理规律同时，还需要了解物理学家发现物理规律的过程，领悟并掌握处理物理问题的思想与方法。下列叙述正确的是（）A.在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法B.伽利略采用了斜面实验，“冲淡”了重力的作用，便于运动时间的测量C.笛卡尔根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因D.牛顿三大定律都无法利用实验来验证3、加速度的概念是由伽利略建立起来的，哲学家罗素给予了极高的评价：“加速度的重要性，也许是伽利略所有发现中最具有永久价值和最有效果的一个发现。”关于加速度，下列说法正确的是（）A.物体加速度的方向与其速度方向必定相同B.物体速度变化量越大，其加速度一定越大C.加速度是描述物体速度大小变化的物理量D.物体速度变化越快，其加速度一定越大4、从某一高度处同时释放一片羽毛和一个玻璃球，玻璃球先于羽毛到达地面，这说明A.质量大的物体下落得更快B.密度大的物体下落得更快C.受阻力小的物体下落得更快D.玻璃球的平均速度比羽毛的大5、甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移—时间（x-t）图象如图所示，由图象可以看出在0～4s内（）A.甲、乙两物体始终同向运动B.第4s末时，甲、乙两物体间的距离最大C.甲的平均速度等于乙的平均速度D乙物体一直做匀加速直线运动6、2019年12月17日，我国首艘国产航母“山东舰”在海南三亚某军港交付海军，我国正式进入“双航母”时代。航母可供舰载机的起飞降落。下列说法中正确的是（）A.由于“山东舰”航母高大威武，故任何情况下都不能看成质点B.舰载机飞行员可以把正在甲板上手势指挥的调度员看成是一个质点C.研究舰载机的空中翻滚动作时，舰载机可以看成质点D.研究“山东舰”航母在大海中运动轨迹时，航母可以被看作质点7、如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧连接。两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在物体上，使m1、m2以相同的加速度向右加速运动，则（）A.弹簧的弹力是50NB.弹簧的弹力是26NC.在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2D.在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s28、图中甲为“探究求合力的方法”的实验装置，OA为橡皮条，OB、OC分别为细轻绳．下列说法中正确的是()A.在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，拉橡皮条结点到达的位置O不能变化B.用弹簧测力计拉细绳时，拉力方向必须竖直向下C.F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D.某次操作时，一只弹簧测力计指针如图乙所示，根据读数规则，由图可知拉力的大小为4N9、如图所示，一个教学用的直角三角板的边长分别为a、b、c，被沿两直角边的细绳A、B悬吊在天花板上，且斜边c恰好平行天花板，过直角的竖直线为MN。设A、B两绳对三角形薄板的拉力分别为Fa和Fb，已知Fa和Fb及薄板的重力为在同一平面的共点力，则下列判断正确的是（）A.薄板的重心在MN线上B.薄板重心在MN右侧C.＝D.＝10、如图所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上.一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动.小球从开始下落到小球第一次运动到最低点的过程中，下列关于小球的速度v、加速度a随时间t变化的图象中符合实际情况的是（）A. B.C. D.11、有四个单位：m/s2、kg、N、s，下列相关说法正确的是（）A.kg属于导出单位 B.m/s2属于导出单位C.单位为“N”的物理量一定是矢量 D.单位为“s”的物理量一定是矢量12、如图所示，水平传送带以4m/s逆时针匀速转动，A、B为两轮圆心正上方的点，AB=L1=2m，两边水平面分别与传送带上表面无缝对接，弹簧右端固定，自然长度时左端恰好位于B点．现将一小物块与弹簧接触(不栓接)，并压缩至图示位置然后释放，已知小物块与各接触面间的动摩擦因数均为μ=0.2，AP=L2=1m，小物块与轨道左端P碰撞后原速反弹，小物块最后刚好返回到B点时速度减为零．g=10m/s2，则下列说法正确的是()A.小物块第一次到A点时，速度大小一定等于B.小物块第一次到A点时，速度大小一定等于4m/sC.小物块离开弹簧时的速度一定满足D.小物块离开弹簧时的速度一定满足二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）摩天大楼中一部直通高层的客运电梯，行程超过百米．电梯的简化模型如图所示．考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a是随时间t变化的．已知电梯在t=0时由静止开始上升，a-t图像如图所示．电梯总质量m=2.0103kg．忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2(1)求电梯在上升过程中受到最大拉力F1和最小拉力F2；(2)类比是一种常用的研究方法．对于直线运动，教科书中讲解了由v-t图像求位移的方法．请你借鉴此方法，对比加速度和速度的定义，根据图2所示a-t图像，a．求电梯在第1s内的速度改变量v1的大小和第2s末的速率v2；b．写出电梯在第1s内的加速度与时间的关系式、速度与时间的关系式；16、（12分）汽车从静止开始做单方向的匀加速直线运动，经5s后速度达到10m/s，然后匀速运动了20s，接着刹车以5m/s2的加速度做减速运动．则(1)汽车在加速阶段的加速度大小是多少；(2)汽车在第28s末的速度大小是多少；(3)汽车全程的路程是多大？17、（12分）如图所示，倾角θ＝37°斜面长L＝1m的斜面体放在水平面上。将一质量m＝2kg的小物块从斜面顶部由静止释放，经时间t＝1s后到达底端，斜面体始终保持静止。重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8．求:（1）小物块沿斜面下滑的加速度；（2）小物块与斜面之间的动摩擦因数；（3）小物块沿斜面下滑过程中重力做功。

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】人随扶梯先慢慢加速，再匀速向上，加速度先沿斜面向上，后变为零，根据牛顿第二定律分析可知：人先受到重力、扶梯的支持力和静摩擦力，后受到重力和支持力，不受摩擦力；【详解】当扶梯匀速上升时，人受力平衡，故人受重力和支持力；而当扶梯加速上升时，人受重力、支持力，将加速度分解可知，物体应有水平向右的加速度，故扶梯应对人有平行于接触面向右的摩擦力，故D正确，A、B、C错误；故选D【点睛】关键是在分析加速过程时，也可以先确定加速度，根据加速度方向确定合力方向，再分析受力情况2、B【解析】A．在验证力的平行四边形定则的实验中使用了等效替代的方法，故A错误；B．伽利略采用了斜面实验，“冲淡”了重力的作用，延长小球滚下斜面的速度，便于运动时间的测量，B正确；C．伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因，故C错误；D．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析产物，不可能直接用实验进行验证，但是牛顿第二定律和牛顿第三定律是可以通过实验验证的，D错误。故选B。3、D【解析】A．物体加速度的方向与速度变化量的方向必定相同，但与速度方向可能相同，也可能不同，故A错误；B．物体速度变化量越大，其加速度不一定越大，故B错误；CD．加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，且物体速度变化越快，其加速度一定越大，故C错误，D正确。故选D。4、D【解析】下落得快是指相同位移所用时间短，或相同时间内的位移大，即平均速度大【详解】羽毛和玻璃球从同一高度处同时释放，玻璃球先于羽毛到达地面，说明玻璃球下落更快，即玻璃球的平均速度比羽毛的大，故ABC错误，D正确故选：D5、C【解析】A、x﹣t图象的斜率等于速度，可知在0﹣2s内甲、乙都沿正向运动，同向运动．在2﹣4s内甲沿负向运动，乙仍沿正向运动，再者反向运动．故A错误B、0﹣2s内两者同向运动，甲的速度大，两者距离增大，2s后甲反向运动，乙仍沿原方向运动，两者距离减小，则第2s末甲、乙两物体间的距离最大，故B错误C、由图知在0﹣4s内甲乙的位移都是2m，平均速度相等，故C正确D、根据斜率等于速度，直线的斜率一定，可知乙物体一直做匀速直线运动．故D错误故选C6、D【解析】AD．当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，所以“山东舰”航母在某些情况下是可以看成质点的，如研究“山东舰”航母在大海中运动轨迹时，航母可以看成质点，故A错误，D正确；B．正在甲板上手势指挥的调度员的动作不能忽略，不能看成质点，故B错误；C．研究战斗机的空中翻滚动作时，不可以看做质点，否则没有动作了，故C错误。故选D。7、BD【解析】AB．对整体分析，根据牛顿第二定律知，加速度隔离对m1分析F1-F=m1a则弹簧的弹力F=F1-m1a=30-2×2N=26N故A错误，B正确；C．撤去F2后的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度大小不变，仍然为2m/s2。故C错误；D．在突然撤去F1后的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度故D正确。故选BD。【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用。8、AC【解析】实验的目的是要验证平行四边形定则，故应通过平行四边形得出合力再与真实的合力进行比较；理解实验的原理即可解答本题；先读出弹簧测力计的最小分度，再读出整数，再估读出小数部分【详解】A、在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化，故A正确；B、弹簧测力计拉细线时，拉力方向不一定竖直向下，故B错误；C、F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程，故C正确；D、根据读数规则，读数应都到最小分度的下一位，则结果为4.00N，D错误故选AC【点睛】实验核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，明确注意两项，进行数据处理等等．本题属于对实验原理的直接考查，应准确掌握实验的目的及实验原理分析需要记录的内容，在学习绝不能死记硬背9、AC【解析】AB．三角形薄板受重力、两个拉力处于平衡，三个力虽然不是作用在同一点，根据三力汇交原理，三个力延长线必然交于一点，由几何关系，三个力一定交于三角形下面的顶点，所以重心一定在MN线上。故A正确，B错误。CD．三角形薄板受力分析如图，根据合力等于0，则Fa=mgcosαFb=mgsinα则故C正确，D错误。故选AC。10、AD【解析】在小球下落的开始阶段，小球做自由落体运动，加速度为g；接触弹簧后，开始时重力大于弹力，加速度方向向下，随着小球的不断下降，弹力逐渐变大，故小球做加速度减小的加速运动，某时刻加速度可减小到零，此时速度最大；小球继续下落时，弹力大于重力，加速度方向变为向上，且加速度逐渐变大，直到速度减小到零，到达最低点，由对称知识可知，到达最低点的加速度大于g，故AD正确，BC错误。故选AD。11、BC【解析】AB．kg属于基本单位，m/s2属于导出单位，故A错误，B正确；C．单位为“N”的物理量是力，是矢量，故C正确；D．单位为“s”的物理量是时间，是标量，故D错误。故选BC。12、BD【解析】由动能定理求出物体返回B点时速度为零的条件，然后分析物体以不同速度滑上传送带后的运动情况，看各选项的速度是否符合要求；【详解】A、设小物块到达P点的速度为v，反弹后运动到B点的速度为零，由动能定理得：小物块由A到P点过程中，由动能定理得：联立解得，故选项A错误，B正确；C、由题可知小物块在B点离开弹簧，若物体速度较大，一直做匀减速运动，整个过程中根据动能定理有：，解得；若速度较小，在AB上一直加速，到A点时恰好与带同速，有：解得，故小物块离开弹簧时的速度一定满足，故选项C错误，D正确【点睛】分析清楚物体运动过程，应用动能定理、牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、(1)(2)a、b、，【解析】(1)由图读出电梯向上加速运动的最大加速度和减速运动的最大加速度，由牛顿第二定律求解最大拉力F1和最小拉力F2；(2)运用类比法可知，a-t图象与坐标轴所围的“面积”等于速度变化量，即可求出电梯在第1s内的速度改变量△υ1，及电梯在2s内的速度改变量△υ2，即求得第2s末的速率υ2【详解】