2025届鹤岗市重点中学物理高二第一学期期中综合测试试题含解析

2025届鹤岗市重点中学物理高二第一学期期中综合测试试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、银行、医院、公交等机构发行的磁卡，都是利用磁性材料记录信息的．关于磁卡的使用和保存，下列做法不合适的是（）A．用软纸轻擦磁卡 B．用磁卡拍打桌面C．使磁卡远离热源 D．使磁卡远离磁体2、某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是()A． B． C． D．3、如图所示，a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，其中c为a、b的中点．若一个运动的正电荷只受电场力先后经过a、b两点，a、b两点的电势分别为、，则A．c

点电势为

2VB．a

点的场强小于

b

点的场强C．正电荷在

a

点的动能小于在

b

点的动能D．正电荷在

a

点的电势能小于在

b

点的电势能4、下列各电场中，A、B两点电势相同的是（）A． B． C． D．5、如图是洛伦兹力演示仪的实物图和结构示意图．用洛伦兹力演示仪可以观察运动电子在磁场中的运动径迹．下列关于实验现象和分析正确的是()A．励磁线圈通以逆时针方向的电流，则能形成结构示意图中的电子运动径迹B．励磁线圈通以顺时针方向的电流，则能形成结构示意图中的电子运动径迹C．保持励磁电压不变，增加加速电压，电子束形成圆周的半径减小D．保持加速电压不变，增加励磁电压，电子束形成圆周的半径增大6、如图，电源内阻忽略不计，闭合电键，电压表V1示数为U1，电压表V2示数为U2，电流表A示数为I．在滑动变阻器R1的滑片由a端滑到b端的过程中（）A．U1先增大后减小B．U1与I的比值先增大后减小C．U1变化量与I变化量的比值不变D．U2变化量与I变化量的比值先增大后减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在固定的点电荷Q形成的电场中，有一个检验电荷q（已知电荷只受电场力作用）．则下列正确的是（）A．如果q为正电荷，且由静止释放，其运动轨迹一定与电场线重合B．若Q与q为异种电荷，则给q一定的初速度，q可能绕Q做匀速圆周运动C．q可能做匀速直线运动D．若Q与q为同种电荷，则q一定做加速度减小的变加速直线运动8、如图所示，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时A．小灯泡变亮B．电源的总功率变小C．电容器两板间的电场强度变小D．电流表读数变小，电压表读数变大9、如图所示，质量为m的小球在竖直平面内的光滑圆环轨道上做圆周运动，圆环半径为R，小球经过圆环最高点时刚好不脱离圆环，则其通过最高点时()A．小球对圆环的压力大小等于mgB．小球受到的向心力等于0C．小球的线速度大小等于D．小球的向心加速度大小等于g10、如图电路中电源电动势为E，内电阻为r，闭合开关S，待电流达到稳定后，电流表示数为I，电压表示数为U，电容器C所带电荷量为现将滑动变阻器的滑动触头从图示位置向b端移动一些，待电流达到稳定后，与移动前相比A．U变大 B．I变大 C．Q增大 D．Q减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用单摆测定重力加速度的实验如图所示．①组装单摆时，应在下列器材中选用（选填选项前的字母）___________．A．长度为1m左右的细线B．长度为30cm左右的细线C．直径为1.8cm的塑料球D．直径为1.8cm的铁球②测出悬点O到小球球心的距离（摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t．则重力加速度g=_______（用L，n，t表示）③下表是某同学记录的3组实验数据，并做了部分计算处理．组次

1

2

3

摆长L/cm

80.00

90.00

100.00

50次全振动时间t/s

90.0

95.5

100.5

振动周期T/s

1.80

1.91

重力加速度g/（m·s-2）

9.74

9.73

请计算出第3组实验中的T=___________s，g=__________m/s2④用多组实验数据做出T2-L图像，也可以求出重力加速度g，已知三位同学做出的T2-L图线的示意图如图中的a，b，c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b对应的g值最接近当地重力加速度的值．则相对于图线b，下列分析正确的是（选填选项前的字母）（___）A．出现图线a的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长LB．出现图线c的原因可能是误将49次全振动记为50次C．图线c对应的g值小于图线b对应的g值12．（12分）图（a）为某同学测量一节干电池的电动势和内电阻的电路图。(1)虚线框内是用毫安表改装成电流表的电路，已知是理想电压表，毫安表表头的内阻为3.0，满偏电流为100mA，电阻R1=0.6，由此可知，改装后电流表的量程为______A。(2)实验步骤如下，请完成相应的填空：①将滑动变阻器R的滑片移到端______（选填“A”或B”），闭合开关S；②多次调节滑动变阻器的滑片，记下电压表的示数U和毫安表的示数I，某次测量时毫安表的示数如图（b）所示，其读数为______mA。③以U为纵坐标，I为横坐标，作U−I图线，如图（c）所示；④已知定值电阻R0=2.0，根据图线求得电源的电动势E=______V，内阻r=______。（结果均保留到小数点后两位）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一束电子流在U1=4500V的电压作用下得到一定速度后垂直于平行板间的匀强电场飞入两板间的中央，如图所示．若平行板间的距离d=1cm，板长l=5cm，求：（1）电子进入平行板间的速度多大？（2）至少在平行板上加多大电U2才能使电子不再飞出平行板？（电子电量1.6×10﹣19C，电子的质量9×10﹣31kg）14．（16分）一束初速不计的电子在经U的加速电压加速后，在两极板间的中点处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离d，板长l，偏转电场只存在于两个偏转电极之间．已知电子质量为m，电荷量为e，求：（1）电子离开加速电场时的速度大小（2）要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压U'？15．（12分）如图所示，粗糙水平轨道与半径为R的竖直光滑半圆轨道在B点平滑连接，在过圆心O的水平界面M的下方分布有水平向右的匀强电场，场强E=2mgq，现有一质量为m、电量为+q的小球(可视为质点)从水平轨道上A点由静止释放,小球运动到C点离开圆轨道后经界面MN上的P点进入电场(P点恰好在A点的正上方).已知A、B间距离为2R,重力加速度为(1)小球在C处的速度大小；(2)小球从A运动到B克服阻力所做的功；(3)球从A运动到C的过程中对轨道压力的最大值。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

磁卡用力拍打或者加热会使次体内部分子运动加快，运动的分子无规则性，磁性会消失；靠近磁体会是内部的磁性分子排布发生变化，改变磁性，所以A、C、D均为不妥的保存和使用，B项不会消磁。故选B.2、D【解析】

根据左手定则可知，A图中安培力方向应该向下，B图中安培力应该垂直于磁场斜向左上方，C图中磁场方向和电流方向在同一直线上，不受安培力作用，D图中安培力方向斜向左下方垂直于电流方向，故ABC错误，D正确．3、D【解析】

沿电场线方向电势降低，由题意知电场线向左，只有在匀强电场中c点的电势为2V．故A错误．一条电场线，无法判断电场线的疏密，就无法判断两点场强的大小，所以a点处的场强Ea可能小于b点处的场强，也可能大于Eb．故B错误．根据正电荷在电势高处电势能大，可知，正电荷从a点运动到b点的过程中克服电场力做功，电势能一定增大，而由能量守恒得知，其动能一定减小．故C错误，D正确．故选D．4、A【解析】

A．图为负的点电荷的电场，图中AB两点在同一个圆上，处于同一个等势面，所以AB两点的电势相同，所以A正确；B．图为正的点电荷的电场，图中AB两点在同一条电场线上，沿着电场线的方向电势降低，所以AB两点的电势不同，所以B错误；C．图是匀强电场，AB点的场强的大小和方向都相同，但是根据沿电场线的方向电势降低可知A点的电势要比B点的电势高，所以C错误；D．沿着电场线的方向电势降低，所以AB两点的电势不同，所以D错误。故选A。5、B【解析】试题分析：励磁线圈通以顺时针方向的电流，则由右手定则可知线圈内部磁场向里，由左手定则可知能形成结构示意图中的电子运动径迹，选项B正确，A错误；保持励磁电压不变，增加加速电压，则电子的运动速度变大，根据可知电子束形成圆周的半径增大，选项C错误；保持加速电压不变，增加励磁电压，则B变大，根据电子束形成圆周的半径减小，选项D错误；故选B.考点：带电粒子在磁场中的运动；左手定则及右手定则.6、B【解析】

闭合电键后，滑动变阻器滑片P由由a端滑到b端的过程中，变阻器并联的阻值先增大后减小，总电阻先增大后减小，则总电流先减小后增大，即A示数先减小后增大．由欧姆定律知，V2示数先减小后增大．因为电源内阻忽略不计，电压表V1的示数等于电源的电动势，可知V1示数不变，故A错误；U1I＝R外，因为外电阻先增大后减小，所以U1与I的比值先增大后减小，故B正确，C错误；R2是定值电阻，则ΔU2ΔI＝【点睛】本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

A：在固定的点电荷Q形成的电场中，如果q为正电荷，且由静止释放，则电荷沿电场力方向加速运动，点电荷Q形成电场的电场线是直线，其轨迹与电场线重合。故A项正确。B：若Q与q为异种电荷，则给q一定的初速度，使库仑引力等于所需要的向心力，q绕Q做匀速圆周运动。故B项正确。C：q在Q的电场中一定受电场力，q所受合力不等于0，q不可能做匀速直线运动。故C项错误。D：若Q与q为同种电荷，q受到库仑斥力。若是由静止开始释放，q一定做加速度减小的变加速直线运动；若q有初速度，q可能做曲线运动。故D项错误。8、BD【解析】

A．滑动变阻器的滑片向左移动时，R阻值变大，则总电阻变大，总电流减小，即通过灯泡的电流减小，灯泡变暗，选项A错误；B．电源的总功率P=IE，因I减小，则E变小，选项B正确；C．总电流减小，则内阻和灯泡两端电压减小，则R两端电压变大，即电容器两端电压变大，则电容器C两板间的电场强度变大，选项C错误；D．总电流减小，则电流表读数变小；R两端电压变大，则电压表读数变大，选项D正确。9、CD【解析】因为小球刚好在最高点不脱离圆环，则轨道对球的弹力为零，所以小球对圆环的压力为零．故A错误．根据牛顿第二定律得，，知向心力不为零，线速度，向心加速度a=g．故B错误，CD正确．故选CD.10、BC【解析】试题分析：当滑动变阻器P的滑动触头，从图示位置向a一端移动时，其接入电路的电阻值增大，外电路总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律可知，干电路的电流I减小；变阻器两端的电压，I减小，U增大，即电容器C两端的电压增大，所带电荷量Q增大．故BC正确．考点：闭合电路的欧姆定律．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AD2.019.76B【解析】

①为了减小测量误差，摆线选择1m左右的细线，为了减小空气阻力的影响，应选择题密度大体积小的物体，故选AD②根据单摆完成n次全振动所用的时间t可得单摆运动周期为，故根据公式可得③50次全振动的时间为100.5s，则周期为，摆长为，根据公式可得④图像a与b平行，而a的纵截距不为零，若误将悬点到小球下端的距离记为摆长L，则，纵截距应在纵坐标负轴上，故A错误；从图像上可得c图线的斜率小于b图线的，若误将49次全振动记为50次，则，偏小，根据公式可得，则重力加速度偏大，图线c对应的g值大于图线b对应的g值，根据公式可得，即的斜率，故斜率偏小，故B正确，C错误．12、0.6B30.01.481.58【解析】

(1)[1]由题可知解得量程(2)①[2]为了保护电路，闭合开关S前，将滑动变阻器的滑片移到B端。②[3]毫安表读数为30.0mA。④[4][5]改装成新的电流表的内阻由于电流表改装后量程扩大了6倍，但电流读数仍为原表头读数，因此根据闭合电路欧姆定律根据图象可知，图象与纵轴的交点等于电动势，斜率绝对值等于，因此可得E=1.48V解得r=1.58Ω四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4×107m/s（2）360V【解析】

电子在加速电场中，电场力做正功qU【详解】（1）电子在加速电场中运动时根据动能定理，得qU1=1（2）电子在偏转电场中运动时根据牛顿第二定律可得加速度a=由电子在水平方向做匀速直线运动得L=电子在竖直方向做匀加速直线运动，刚好不飞出电场时y=又y=12at2【点睛】电子在电场中做类平抛运动，不仅轨迹与平抛运动相似，是抛物线，更重要的是研究方法与平抛运动相似，采用运动的合成与分解方法处理．与平抛运动最大的不同是加速度，加速度≠g，要根据牛顿第二定律求出．14、（1）v0=【解析】

(1)设电子流经加速电压后的速度为v0，则由动能定理有：eU=1得：v0=2