2023-2024学年河南省洛阳市高二下学期6月期末质检物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1洛阳市2023——2024学年高二质量检测物理试卷全卷共6页，共100分，考试时间为75分钟注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上；2.考试结束，将答题卡交回。一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一个选项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。）1.中科院EAST全超导托卡马克装置，被称为中国的“人造太阳”，已实现了1.6亿度（约为太阳中心温度的10倍）等离子体运行。其核反应方程是：，则（）A.X为质子B.该反应前后核子的总质量相等C.的比结合能小于的比结合能D.的结合能大于与结合能之和【答案】D【解析】A．根据核反应前后质量数、电荷数守恒可得，X为中子，故A错误；B．该反应前后核子的总质量不相等，由于该核反应放出核能，反应前后质量出现亏损，故B错误；C．的比结合能大于的比结合能，故C错误；D．由于该反应放出能量，所以的结合能大于与结合能之和，故D正确。故选D。2.充电宝内部的主要部件是锂电池。充电宝的锂电池在充电后就是一个电源，某同学查看了自己的充电宝铭牌，上面写着“20000mA·h”和“3.7V”。下面关于该充电宝，说法正确的是（）A.20000mA·h是该充电宝充满电后的电荷量B.20000mA·h是该充电宝放电的额定能量C.20000mA·h是该充电宝放电的功率D.在充电宝内部非静电力把1C的正电荷从负极移到正极所做的功为37J【答案】A【解析】ABC．根据可知，20000mA·h是指电荷量，故A正确，BC错误；D．在充电宝内部非静电力把1C的正电荷从负极移到正极所做的功为故D错误。故选A。3.如图所示，用绝缘细线把一根柔软的铜制弹簧悬挂起来，使它的下端刚好跟槽中的水银接触，用导线连接弹簧上端作为接线端a，另一根导线浸在水银槽中作为接线端b，将a、b端分别与一直流电源两极相连，发现弹簧竖直上下振动，电路交替通断。关于该实验，下列说法正确的是（）A.通入电流时，弹簧各相邻线圈之间相互排斥B.将a、b两端的电源极性对调，弹簧将不再上下振动C.换用交流电，也可使弹簧上下振动D.增大电流，弹簧下端离开水银液面的最大高度一定变小【答案】C【解析】A．通入电流时，弹簧各相邻线圈之间通以同向电流，则相互吸引，选项A错误；B．将a、b两端的电源极性对调，弹簧各相邻线圈之间仍是通以同向电流，仍相互吸引，弹簧仍将上下振动，选项B错误；C．换用交流电，弹簧各相邻线圈之间仍是通以同向电流，仍相互吸引，也可使弹簧上下振动，选项C正确；D．增大电流，弹簧各相邻线圈之间的吸引力变大，则弹簧下端离开水银液面的最大高度一定变大，选项D错误。故选C4.铷原子非常容易失去电子，具有优良的光电特性，是制造光电池的重要材料。已知铷的逸出功为W0，普朗克常量为h，则下列说法正确的是（）A.只要入射光光照强度足够大，任何频率的光均能使铷发生光电效应B.铷的极限频率为C.用某频率光照射铷发生光电效应，光照强度越弱，光电子从铷表面逸出所需时间越长D.若用频率为的光照射铷发生光电效应，则逸出光电子的平均动能为【答案】B【解析】A．光电效应发生的条件是入射光频率大于或等于极限频率，与光强无关，故A错误；B．光子能量刚好克服逸出功时，光子频率为截止频率，即铷的极限频率为故B正确；C．光电效应的发生具有瞬时性，只要发生光电效应就会有光电子逸出，故C错误；D．若用频率为的光照射铷发生光电效应，则逸出光电子的最大动能为，故D错误。故选B。5.降噪可分为被动式降噪和主动式降噪。其中主动式降噪指通过降噪系统产生与外界噪音相位相反的声波，二者叠加后，将噪音中和，从而实现降噪效果。高铁通过拾噪麦克风，采集一些有规律的噪声，通过电路，在音乐中加入降噪声波，从而达到降噪效果。图甲为原理简化图，图乙为理想情况下的降噪过程图，实线表示环境声波，虚线表示降噪系统产生的降噪声波，则下列说法正确的是（）A.降噪过程应用了声波的多普勒效应B.降噪声波与环境噪声声波的频率不相等C.降噪过程应用的是声波的干涉原理，P点振动减弱D.降噪过程应用了声波的衍射原理，使噪声无法从外面进入耳麦【答案】C【解析】降噪过程应用了声波的干涉原理，降噪声波与环境噪声声波的频率相等，由于两列声波等幅反相，所以能使振幅减为零，从而起到降噪作用，两列声波使P点的振动方向相反，所以P点为振动减弱点。故选C。6.如图所示，水面上漂浮着一个半径为r的圆形充气圆台，某潜水爱好者下潜至圆台圆心正下方某点时，恰好只能看见水底的物体，该点距圆台底部的垂直距离为h，再往下潜，能看到岸上的景物，则水的折射率为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根据临界角与折射率的关系由几何关系解得故选A。7.如图所示为氢原子的能级图，下列说法正确的是（）A.从n=3能级跃迁到n=2能级时，电子的电势能减小，氢原子的能量增加B.氢原子从高能级向低能级跃迁时要吸收光子C.用能量为9.6eV的电子轰击处于基态的氢原子，能使氢原子发生能级跃迁D.用12.09eV的光子照射大量处于基态的氢原子时，可以发出三种频率的光【答案】D【解析】A．从n=3能级跃迁到n=2能级时，电子的电势能减小，氢原子的能量减小，故A错误；B．氢原子从高能级向低能级跃迁时要放出光子，故B错误；C．用能量为9.6eV的电子轰击处于基态的氢原子，由于能量较小，不能使氢原子发生能级跃迁，故C错误；D．用12.09eV的光子照射大量处于基态的氢原子时，氢原子将从基态跃迁到n=3能级，可以发出三种频率的光，故D正确。故选D。8.如图所示，在xOy平面上分布有以O为圆心的圆形匀强磁场区域（未画出），磁场方向垂直于xOy平面向外。一个质量为m、电荷量为q的带正电粒子，以一定的初速度沿y轴正方向从原点O开始运动，粒子经过x轴上的A点时速度方向与x轴的夹角为30°，A到O的距离为d，不计粒子的重力，则圆形磁场区域的面积为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】粒子的运动轨迹如图由几何关系可知解得则圆形磁场区域的半径为则圆形磁场区域的面积为故选B。9.如图所示为洛伦兹力演示仪，励磁线圈产生的匀强磁场B方向垂直纸面向外，电子经电子枪（加速电压为U）由静止加速后垂直磁场水平向右射出，忽略电子间的相互作用，下列说法正确的是（）A.运动的速率与U成正比B.若B不变，运动周期与U无关C.若B不变，轨道半径与U成正比D.若U不变，轨道半径与B成反比【答案】BD【解析】A．电子在电场中加速，根据动能定理可得解得即运动的速率与U不成正比，故A错误；B．电子在磁场中做匀速圆周运动，可得解得若B不变，运动周期与U无关，若B不变，轨道半径与U不成正比，若U不变，轨道半径与B成反比，故BD正确；C错误。10.一个质量为50kg的蹦床运动员，从离水平网面3.2m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面5.0m高处。已知运动员与网接触的时间为0.8s，g取10m/s2，下列说法正确的是（）A.运动员与网接触的这段时间内动量的变化量大小为100kg·m/sB.网对运动员的平均作用力大小为1625NC.从自由下落开始到蹦回离水平网面5.0m高处这一过程中运动员所受重力冲量的大小为1300N·sD.运动员与网接触的过程中，运动员和网构成的系统机械能守恒【答案】BC【解析】A．设运动员着网瞬间的速度大小为v1，而运动员离开网瞬间的速度大小为v2，则所以，则运动员与网接触的这段时间内动量的变化量大小为故A错误；B．根据动量定理可得解得网对运动员的平均作用力大小为故B正确；C．从自由下落开始到蹦回离水平网面5.0m高处这一过程中运动员所受重力冲量的大小为故C正确；D．运动员与网接触的过程中，运动员和网构成的系统机械能不守恒，故D错误。故选BC。11.某同学做“用油膜法估测油酸分子的大小”实验时，油酸酒精溶液的浓度为μ，一滴油酸酒精溶液的体积为V，把一滴这样的溶液滴入盛水的浅盘里，等油膜形状稳定后，把玻璃板盖在浅盘上并描画出油膜的轮廓，如图所示。正方形小方格的边长为a，数得油膜占有的正方形小方格个数为m，则下列说法正确的是（）A.该实验体现的物理思想方法是等效替代法B.油酸分子直径约为D.若在计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格，会导致油酸分子直径的测量值偏大【答案】BD【解析】A．该实验体现的物理思想方法是理想化物理模型法，故A错误；B．油酸分子直径约为，故B正确；C．若在配置油酸酒精溶液时，不小心把酒精倒多了一点，油酸酒精溶液的浓度降低，会导致油酸分子直径的测量值偏大，故C错误；D．若在计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格，则油膜面积偏小，会导致油酸分子直径的测量值偏大，故D正确。12.如图甲所示，一列简谐横波沿x轴传播，实线和虚线分别为时刻和时刻的波形图，P、Q分别是平衡位置为和的两质点。图乙为质点Q的振动图像，则（）A.t2时刻可能为0.65sB.波的传播速度为20m/sC.质点P的振动方程为D.质点P从时刻开始经过0.15s通过的路程为30cm【答案】AC【解析】A．根据质点Q的振动图像可知，在t1=0时刻，质点Q在平衡位置向上振动，可知波沿x轴正向转播，则则当n=3时t2=0.65s，选项A正确；B．波的传播速度选项B错误；C．设质点P的振动方程为当t1=0时y=5cm可知则质点P的振动方程为选项C正确；D．质点P从时刻不在平衡位置，也不在波峰波谷位置，则开始经过通过的路程不等于3A=30cm，选项D错误。故选AC。二、实验题（本题共2小题，共15分）13.用气体压强传感器做“探究气体等温变化的规律”实验，实验装置如图甲所示。（1）关于该实验，下列说法正确的是（）A.实验中为了稳定要用手握住注射器气体部位B.推拉活塞时，动作要快，以免气体进入或漏出C.活塞移至某位置时，应等状态稳定后再记录数据D.实验中气体的压强和体积都可以通过数据采集器获得（2）在操作规范、不漏气的前提下，测得多组压强p和体积V的数据并作出图线，发现图线不过坐标原点，如图乙所示，则造成这一系统误差的原因是________。（3）利用上述操作所得的实验数据作出图线，应该是（）A. B.C. D.【答案】（1）C（2）由于胶管内存在气体（3）B【解析】（1）A．用手握住注射器，会使气体温度升高，不符合实验要求，故A错误；B．应缓慢推拉活塞，以免气体温度变化，故B错误；C．活塞移至某位置时，应等状态稳定后再记录数据，故C正确；D．实验中只有压强可以通过数据采集器采集，故D错误。故选C。（2）发现图线不过坐标原点，则造成这一系统误差的原因是胶管内存在气体，即所以（3）根据斜率若增大，则斜率减小。故选B。14.某同学用一节电动势为1.50V的干电池，将量程为0~10mA、内阻为90Ω的表头改装成倍率分别为“×1”和“×10”的双倍率欧姆表，设计电路如图甲所示，则：（1）A端应接________（填“红”或“黑”）表笔；（2）分析可知当电键K________（填“闭合”或“断开”）时倍率为“×1”；（3）改装后表盘的刻度如图乙所示，已知欧姆挡的中央刻度为“15”，则图甲中定值电阻R0=_____Ω；（4）改装完成后，若倍率选用“×10”挡，将红、黑表笔短接进行欧姆调零后测量Rx的值，若指针指向位置，则Rx=______Ω；若由于电池老化，实际电动势降为1.45V，调零后测量，当指针指向Ig位置时，则待测电阻的真实值应为________Ω。【答案】（1）黑（2）闭合（3）10（4）300290【解析】（1）由于电流将从红表笔流入，黑表笔流出，A端接电源的正极，则A端应接黑表笔。（2）中值电阻等于欧姆表刻线的中值刻度乘以倍率，所以倍率越大，欧姆表内阻越大，当电键K闭合时，内阻较小，所以倍率也较小，即开关闭合时倍率为“×1”。（3）当开关闭合时倍率为“×1”，所以解得（4）[1]若倍率选用“×10”挡，将红、黑表笔短接进行欧姆调零后测量Rx的值，若指针指向位置，则解得[2]若由于电池老化，实际电动势降为1.45V，调零后测量，当指针指向Ig位置时，则联立可得三、解答题（本题共3小题，共37分。解答要有必要的文字说明和方程式。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位。）15.一定质量理想气体，状态从A→B→C→D→A的变化过程可用如图所示的p-V图线描述，其中D→A为等温线，气体在状态A时温度为求：（1）气体在状态C时的温度TC；（2）若气体在B→C过程中吸热600J，则在B→C过程中气体内能变化了多少？【答案】（1）；（2）增加450J【解析】（1）D→A为等温线，则C到D过程是等容变化，由解得（2）B到C的过程中压强不变，则气体对外做功为W=-pΔV其中，根据热力学第一定律ΔU=Q+W其中Q=600J，代入解得△U=450J则气体内能增加450J。（1）弹簧压缩到最短时的A物块的速度；（2）弹簧的最大弹性势能；（3）弹簧第一次恢复原长时，A物块的速度。【答案】（1）；（2）；（3），方向向左【解析】（1）弹簧压缩到最短时，A和B共速，根据动量守恒可得解得（2）对A、B和弹簧组成的系统，根据机械能守恒可得解得（3）弹簧第一次恢复原长时，以向右为正方向，根据动量守恒可得根据机械能守恒可得联立解得可知弹簧第一次恢复原长时，A物块速度大小为，方向向左。17.如图所示，两根足够长的光滑金属直导轨平行放置，导轨间距为L，两导轨及其所构成的平面均与水平面成θ角，整个装置处于垂直于导轨平面斜向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，PQ、MN两均匀金属棒材质相同，长度均为L，其中MN棒的质量为m，电阻为R，PQ棒的质量为2m，现将两金属棒垂直导轨放置，运动过程中金属棒与导轨始终垂直且接触良好，金属棒始终未滑出导轨，导轨电阻忽略不计，重力加速度为g。（1）先保持棒PQ静止，将棒MN由静止释放，求棒MN匀速运动时速度v0的大小；（2）当棒MN匀速运动时，再将棒PQ由静止释放，求释放瞬间棒PQ加速度a的大小；（3）在（2）问中，从棒PQ释放瞬间开始计时，经过时间t0，两棒恰好达到相同的速度v，求速度v的大小及时间t0内棒MN相对于棒PQ运动的距离Δx。【答案】（1）；（2）；（3），【解析】（1）棒MN匀速运动时，由平衡条件可得由法拉第电磁感应定律可得由闭合电路欧姆定律得联立解得（2）释放棒PQ瞬间，棒PQ受到沿斜面向下的安培力，此时电流不变，对棒PQ有联立解得（3）自释放棒PQ至两棒恰好共速，对棒MN，由动量定理可得对棒PQ，由动量定理可得联立解得由闭合电路欧姆定律可得由法拉第电磁感应定律得联立解得洛阳市2023——2024学年高二质量检测物理试卷全卷共6页，共100分，考试时间为75分钟注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上；2.考试结束，将答题卡交回。一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一个选项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。）1.中科院EAST全超导托卡马克装置，被称为中国的“人造太阳”，已实现了1.6亿度（约为太阳中心温度的10倍）等离子体运行。其核反应方程是：，则（）A.X为质子B.该反应前后核子的总质量相等C.的比结合能小于的比结合能D.的结合能大于与结合能之和【答案】D【解析】A．根据核反应前后质量数、电荷数守恒可得，X为中子，故A错误；B．该反应前后核子的总质量不相等，由于该核反应放出核能，反应前后质量出现亏损，故B错误；C．的比结合能大于的比结合能，故C错误；D．由于该反应放出能量，所以的结合能大于与结合能之和，故D正确。故选D。2.充电宝内部的主要部件是锂电池。充电宝的锂电池在充电后就是一个电源，某同学查看了自己的充电宝铭牌，上面写着“20000mA·h”和“3.7V”。下面关于该充电宝，说法正确的是（）A.20000mA·h是该充电宝充满电后的电荷量B.20000mA·h是该充电宝放电的额定能量C.20000mA·h是该充电宝放电的功率D.在充电宝内部非静电力把1C的正电荷从负极移到正极所做的功为37J【答案】A【解析】ABC．根据可知，20000mA·h是指电荷量，故A正确，BC错误；D．在充电宝内部非静电力把1C的正电荷从负极移到正极所做的功为故D错误。故选A。3.如图所示，用绝缘细线把一根柔软的铜制弹簧悬挂起来，使它的下端刚好跟槽中的水银接触，用导线连接弹簧上端作为接线端a，另一根导线浸在水银槽中作为接线端b，将a、b端分别与一直流电源两极相连，发现弹簧竖直上下振动，电路交替通断。关于该实验，下列说法正确的是（）A.通入电流时，弹簧各相邻线圈之间相互排斥B.将a、b两端的电源极性对调，弹簧将不再上下振动C.换用交流电，也可使弹簧上下振动D.增大电流，弹簧下端离开水银液面的最大高度一定变小【答案】C【解析】A．通入电流时，弹簧各相邻线圈之间通以同向电流，则相互吸引，选项A错误；B．将a、b两端的电源极性对调，弹簧各相邻线圈之间仍是通以同向电流，仍相互吸引，弹簧仍将上下振动，选项B错误；C．换用交流电，弹簧各相邻线圈之间仍是通以同向电流，仍相互吸引，也可使弹簧上下振动，选项C正确；D．增大电流，弹簧各相邻线圈之间的吸引力变大，则弹簧下端离开水银液面的最大高度一定变大，选项D错误。故选C4.铷原子非常容易失去电子，具有优良的光电特性，是制造光电池的重要材料。已知铷的逸出功为W0，普朗克常量为h，则下列说法正确的是（）A.只要入射光光照强度足够大，任何频率的光均能使铷发生光电效应B.铷的极限频率为C.用某频率光照射铷发生光电效应，光照强度越弱，光电子从铷表面逸出所需时间越长D.若用频率为的光照射铷发生光电效应，则逸出光电子的平均动能为【答案】B【解析】A．光电效应发生的条件是入射光频率大于或等于极限频率，与光强无关，故A错误；B．光子能量刚好克服逸出功时，光子频率为截止频率，即铷的极限频率为故B正确；C．光电效应的发生具有瞬时性，只要发生光电效应就会有光电子逸出，故C错误；D．若用频率为的光照射铷发生光电效应，则逸出光电子的最大动能为，故D错误。故选B。5.降噪可分为被动式降噪和主动式降噪。其中主动式降噪指通过降噪系统产生与外界噪音相位相反的声波，二者叠加后，将噪音中和，从而实现降噪效果。高铁通过拾噪麦克风，采集一些有规律的噪声，通过电路，在音乐中加入降噪声波，从而达到降噪效果。图甲为原理简化图，图乙为理想情况下的降噪过程图，实线表示环境声波，虚线表示降噪系统产生的降噪声波，则下列说法正确的是（）A.降噪过程应用了声波的多普勒效应B.降噪声波与环境噪声声波的频率不相等C.降噪过程应用的是声波的干涉原理，P点振动减弱D.降噪过程应用了声波的衍射原理，使噪声无法从外面进入耳麦【答案】C【解析】降噪过程应用了声波的干涉原理，降噪声波与环境噪声声波的频率相等，由于两列声波等幅反相，所以能使振幅减为零，从而起到降噪作用，两列声波使P点的振动方向相反，所以P点为振动减弱点。故选C。6.如图所示，水面上漂浮着一个半径为r的圆形充气圆台，某潜水爱好者下潜至圆台圆心正下方某点时，恰好只能看见水底的物体，该点距圆台底部的垂直距离为h，再往下潜，能看到岸上的景物，则水的折射率为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根据临界角与折射率的关系由几何关系解得故选A。7.如图所示为氢原子的能级图，下列说法正确的是（）A.从n=3能级跃迁到n=2能级时，电子的电势能减小，氢原子的能量增加B.氢原子从高能级向低能级跃迁时要吸收光子C.用能量为9.6eV的电子轰击处于基态的氢原子，能使氢原子发生能级跃迁D.用12.09eV的光子照射大量处于基态的氢原子时，可以发出三种频率的光【答案】D【解析】A．从n=3能级跃迁到n=2能级时，电子的电势能减小，氢原子的能量减小，故A错误；B．氢原子从高能级向低能级跃迁时要放出光子，故B错误；C．用能量为9.6eV的电子轰击处于基态的氢原子，由于能量较小，不能使氢原子发生能级跃迁，故C错误；D．用12.09eV的光子照射大量处于基态的氢原子时，氢原子将从基态跃迁到n=3能级，可以发出三种频率的光，故D正确。故选D。8.如图所示，在xOy平面上分布有以O为圆心的圆形匀强磁场区域（未画出），磁场方向垂直于xOy平面向外。一个质量为m、电荷量为q的带正电粒子，以一定的初速度沿y轴正方向从原点O开始运动，粒子经过x轴上的A点时速度方向与x轴的夹角为30°，A到O的距离为d，不计粒子的重力，则圆形磁场区域的面积为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】粒子的运动轨迹如图由几何关系可知解得则圆形磁场区域的半径为则圆形磁场区域的面积为故选B。9.如图所示为洛伦兹力演示仪，励磁线圈产生的匀强磁场B方向垂直纸面向外，电子经电子枪（加速电压为U）由静止加速后垂直磁场水平向右射出，忽略电子间的相互作用，下列说法正确的是（）A.运动的速率与U成正比B.若B不变，运动周期与U无关C.若B不变，轨道半径与U成正比D.若U不变，轨道半径与B成反比【答案】BD【解析】A．电子在电场中加速，根据动能定理可得解得即运动的速率与U不成正比，故A错误；B．电子在磁场中做匀速圆周运动，可得解得若B不变，运动周期与U无关，若B不变，轨道半径与U不成正比，若U不变，轨道半径与B成反比，故BD正确；C错误。10.一个质量为50kg的蹦床运动员，从离水平网面3.2m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面5.0m高处。已知运动员与网接触的时间为0.8s，g取10m/s2，下列说法正确的是（）A.运动员与网接触的这段时间内动量的变化量大小为100kg·m/sB.网对运动员的平均作用力大小为1625NC.从自由下落开始到蹦回离水平网面5.0m高处这一过程中运动员所受重力冲量的大小为1300N·sD.运动员与网接触的过程中，运动员和网构成的系统机械能守恒【答案】BC【解析】A．设运动员着网瞬间的速度大小为v1，而运动员离开网瞬间的速度大小为v2，则所以，则运动员与网接触的这段时间内动量的变化量大小为故A错误；B．根据动量定理可得解得网对运动员的平均作用力大小为故B正确；C．从自由下落开始到蹦回离水平网面5.0m高处这一过程中运动员所受重力冲量的大小为故C正确；D．运动员与网接触的过程中，运动员和网构成的系统机械能不守恒，故D错误。故选BC。11.某同学做“用油膜法估测油酸分子的大小”实验时，油酸酒精溶液的浓度为μ，一滴油酸酒精溶液的体积为V，把一滴这样的溶液滴入盛水的浅盘里，等油膜形状稳定后，把玻璃板盖在浅盘上并描画出油膜的轮廓，如图所示。正方形小方格的边长为a，数得油膜占有的正方形小方格个数为m，则下列说法正确的是（）A.该实验体现的物理思想方法是等效替代法B.油酸分子直径约为D.若在计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格，会导致油酸分子直径的测量值偏大【答案】BD【解析】A．该实验体现的物理思想方法是理想化物理模型法，故A错误；B．油酸分子直径约为，故B正确；C．若在配置油酸酒精溶液时，不小心把酒精倒多了一点，油酸酒精溶液的浓度降低，会导致油酸分子直径的测量值偏大，故C错误；D．若在计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格，则油膜面积偏小，会导致油酸分子直径的测量值偏大，故D正确。12.如图甲所示，一列简谐横波沿x轴传播，实线和虚线分别为时刻和时刻的波形图，P、Q分别是平衡位置为和的两质点。图乙为质点Q的振动图像，则（）A.t2时刻可能为0.65sB.波的传播速度为20m/sC.质点P的振动方程为D.质点P从时刻开始经过0.15s通过的路程为30cm【答案】AC【解析】A．根据质点Q的振动图像可知，在t1=0时刻，质点Q在平衡位置向上振动，可知波沿x轴正向转播，则则当n=3时t2=0.65s，选项A正确；B．波的传播速度选项B错误；C．设质点P的振动方程为当t1=0时y=5cm可知则质点P的振动方程为选项C正确；D．质点P从时刻不在平衡位置，也不在波峰波谷位置，则开始经过通过的路程不等于3A=30cm，选项D错误。故选AC。二、实验题（本题共2小题，共15分）13.用气体压强传感器做“探究气体等温变化的规律”实验，实验装置如图甲所示。（1）关于该实验，下列说法正确的是（）A.实验中为了稳定要用手握住注射器气体部位B.推拉活塞时，动作要快，以免气体进入或漏出C.活塞移至某位置时，应等状态稳定后再记录数据D.实验中气体的压强和体积都可以通过数据采集器获得（2）在操作规范、不漏气的前提下，测得多组压强p和体积V的数据并作出图线，发现图线不过坐标原点，如图乙所示，则造成这一系统误差的原因是________。（3）利用上述操作所得的实验数据作出图线，应该是（）A. B.C. D.【答案】（1）C（2）由于胶管内存在气体（3）B【解析】（1）A．用手握住注射器，会使气体温度升高，不符合实验要求，故A错误；B．应缓慢推拉活塞，以免气体温度变化，故B错误；C．活塞移至某位置时，应等状态稳定后再记录数据，故C正确；D．实验中只有压强可以通过数据采集器采集，故D错误。故选C。（2）发现图线不过坐标原点，则造成这一系统误差的原因是胶管内存在气体，即所以（3）根据斜率若增大，则斜率减小。故选B。14.某同学用一节电动势为1.50V的干电池，将量程为0~10mA、内阻为90Ω的表头改装成倍率分别为“×1”和“×10”的双倍率欧姆表，设计电路如图甲所示，则：（1）A端应接________（填“红”或“黑”）表笔；（2）分析可知当电键K________（填“闭合”或“断开”）时倍率为“×1”；（3）改装后表盘的刻度如图乙所示，已知欧姆挡的中央刻度为“15”，则图甲中定值电阻R0=_____Ω；（4）改装完成后，若倍率选用“×10”挡，将红、黑表笔短接进行欧姆调零后测量Rx的值，若指针指向位置，则Rx=______Ω；若由于电池老化，实际电动势降为1.45V，调零后测量，当指针指向Ig位置时，则待测电阻的真实值应为________Ω。【答案】（1）黑（2）闭合（3）10（4）300290【解析】（1）由于电流将从红表笔流入，黑表笔流出，A端接电源的正极，则A端应接黑表笔。（2）