广西桂林“八校”2024届高考物理试题押题密卷（全国新课标Ⅰ卷）

广西桂林“八校〃2024届高考物理试题押题密卷（全国新课标I卷）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将木试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的。电磁驱动原理如图所示,在固定线圈左右两侧对称位置放置两个闭

合金属圆环，铝环和铜环的形状、大小相同，己知铜的电阻率较小，则合上开关5的瞬间（）

固定线圈

A.两个金属环都向左运动

B.两个金属环都向右运动

C.从左侧向右看，铝环中感应电流沿顺时针方向

D.铜环受到的安培力小于铝环受到的安培力

2、如图所示电路中，变压器为理想变压器，电压表和电流表均为理想电表，。、力接在电压有效值不变的交流电源两

端，品为定值电阻，R为滑动变阻器.现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表Ai的示数增大了

0.2A,电流表A2的示数增大了0.8A,则下列说法中正确的是（）

A.该变压器起升压作用

B.电压表V2示数增大

C.电压表V3示数减小

D.变阻器滑片是沿d-c的方向滑动

3、在研究光电效应实验中，某金属的逸出功为W,用波长之为的单色光照射该金属发生了光电效应。已知普朗克常

量为心真空中光速为c下列说法正确的是（）

A.光电子的最大初动能为丁-W

A

B.该金属的截止频率为f

人

2

C.若用波长为彳的单色光照射该金属，则光电子的最大初动能变为原来的2倍

D.若用波长为24的单色光照射该金属，一定可以发生光电效应

4、北京时间2019年5月17日23时48分，我国成功发射第45颗北斗导航卫星。该卫星与此前发射的倾斜地球同步

轨道卫星（代号为P）、18颗中圆地球轨道卫星（代号为Q）和1颗地球同步轨道卫星（代号为S）进行组网，为亚

太地区提供更优质的服务。若这三种不同类型卫星的轨道都是圆轨道，中圆地球轨道卫星的轨道半径是同步卫星的轨

道半径的g,下列说法正确的是（）

A.P和S绕地球运动的向心加速度大小不相等

B.。和S绕地球运动的线速度大小之比为布：2

c.Q和s绕地球运动的周期之比为i：J5

D.尸和Q绕地球运动的向心力大小一定相等

5、如图所示，一小物块在一足够长的木板上运动时，其运动的7图象，如图所示，则下列说法正确的是（）

A.木板的长度至少为12mB.木板的长度至少为6m

C.小物块在0〜4s内的平均速度是2m/sD.在。〜4s内，木板和小物块的平均加速度相同

6、如图，容量足够大的圆筒竖直放置，水面高度为力，在圆筒侧壁开一个小孔P,筒内的水从小孔水平射出，设水到

达地面时的落点距小孔的水平距离为M小孔P到水面的距离为）%短时间内可认为筒内水位不变，重力加速度为g,

不计空气阻力，在这段时间内下列说法正确的是（）

A.水从小孔P射出的速度大小为

B.y越小，则x越大

C.x与小孔的位置无关

D.当丁=y,时，x最大，最大值为，2

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、沿x轴正方向传播的一列横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s,则下列说法正确的是（）

A.从图示时刻开始，经0.01s质点a通过的路程为40cm,相对平衡位置的位移为零

B.图中质点b的加速度在增大

C.若产生明显的衍射现象，该波所遇到障碍物的尺寸为20m

D.从图示时刻开始，经0.01s质点b位于平衡位置上方，并沿），轴正方向振动做减速运动

E.若此波遇到另一列波，并产生稳定的干涉现象，则另一列波的频率为50Hz

8、在风洞实验室内的竖直粗糙墙面上放置一钢板，风垂直吹向钢板，在钢板由静止开始下落的过程中，作用在钢板上

的风力恒定.用EK、E、v、P分别表示钢板下落过程中的动能、机械能、速度和重力的功率，关于它们随下落高度或

下落时间的变化规律，下列四个图象中正确的是（）

B.

0

搂汽渡业

“iiiihiiiliiiihiiiliiiihiiili岫而iihiii'h

z丙

（i）实验时，应先接通_______（选填“自动机”或“打点计时器”）电源.

（2）实验得到一卷盘绕在圆盘上的纸带，将纸带抽出一小段，测量相邻2个点之间的长度Li,以及此时圆盘的直径出,

再抽出较长的一段纸带后撕掉，然后抽出一小段测量相邻2个点之间的长度L2,以及此时圆盘的直径d2,重复上述步

骤，将数据记录在表格中，其中一段纸带如图乙所示，测得打下这些点时，纸带运动的速度大小为m/s.测得

此时圆盘直径为5.60cm,则可求得电动机转动的角速度为rad/s.（结果均保留两位有效数字）

（3）该同学根据测量数据，作出了纸带运动速度（v）与相应圆盘直径（d）的关系图象，如图丙所示.分析图线，可知电动

机转动的角速度在实验过程中（选填“增大”“减小”或“不变”）.

12.（12分）某小组用惠斯通电桥测量电阻此的阻值：

方案一：如图（a）所示，先闭合开关S,然后调整电阻箱段的阻值，使开关S。闭合时，电流表G的示数为零。已知

定值电阻飞、&的阻值，即可求得电阻R*。

⑴实验中对电流表G的选择，下列说法正确的是一

A.电流表的零刻度在表盘左侧

B.电流表的零刻度在表盘中央

C.电流表的灵敏度高，无需准确读出电流的大小

D.电流表的灵敏度高，且能准确读出电流的大小

⑵若实验中未接入电流表G,而其它电路均已连接完好，调节电阻箱4，当片>广，则3、。两点的电势的关系

满足为（pD（选填“>”、y或“=”）。

方案二：在方案一的基础上，用一段粗细均匀的电阻丝替代飞、尺,将电阻箱与换成定值电阻R,如图（b）所示。

c

⑶闭合开关S,调整触头D的位置，使按下触头D时，电流表G的示数为零。已知定值电阻A的阻值，用刻度尺测

量出4、Z2,则电阻R1=o

(4)为消除因电阻丝的粗细不均匀而带来的误差，将图(b)中的定值电阻R换成电阻箱，并且按照(3)中操作时，电阻

箱的读数记为此；然后将电阻箱与人交换位置，保持触头D的位置不变，调节电阻箱，重新使电流表G的示数为零,

此时电阻箱的读数记为则电阻R,二o

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，轻质弹簧右端固定，左端与一带电量为+g的小球接触，但不粘连。施加一外力，使它静止在

A点,此时弹簧处于压缩状态，小球的质量为加=O.5kg,撤去外力后，小球沿粗糙水平面AC进入竖直的光滑半圆形

管道，管道的宽度忽略不计，管道半径r=1m,在边长为2m的正方形区域内有一匀强电场，电场强度大小为

方向与水平方向成45。斜向右上，半圆形轨道外边缘恰好与电场边界相切。水平轨道AS的长度为L=2m,

q

小球与水平面的动摩擦因数〃=05小球到达〃点时，速度的大小为$行m/s,所有的接触面均绝缘，g^lOm/s2,求:

⑴释放小球前，弹簧的弹性势能大小；

⑵求小球过。点的速度；

⑶求小球的落地点到C点的距离。

14.(16分)如图所示，为折射率〃二石的扇形玻璃砖截面，一束单色光照射到从。面上的C点，在。点折射

后的光线平行于09。已知C点是A。的中点，。点是90延长线上一点，ZAOD=60°o

①求入射光在C点的入射角；

②通过计算判断光射到AB弧能否从弧射出。

15.（12分）如图，间距为L的光滑金属导轨，半径为「的,圆弧部分竖直放置、直的部分固定于水平地面，MN。尸

4

范围内有磁感应强度大小为仄方向竖直向下的匀强磁场.金属棒面和cd垂直导轨放置且接触良好，cd静止在磁场

中，而从圆弧导轨的顶端由静止释放，进入磁场后与cd在运动中始终不接触.己知两根导体棒的质量均为加、电阻

均为凡金属导轨电阻不计，重力加速度为g.求

（1），必棒到达圆弧底端时对轨道压力的大小：

（2）当必棒速度为茄时，cd棒加速度的大小（此时两棒均未离开磁场）

（3）若cd棒以;J茄离开磁场，已知从M棒开始运动到其离开磁场一段时间后，通过“棒的电荷量为g.求此过

程系统产生的焦耳热是多少.（此过程必棒始终在磁场中运动）

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解题分析】

AB.若环放在线圈两边，根据“来拒去留”可得，合上开关S的瞬间，环为阻碍磁通量增大，则环将向两边运动，故

AB错误；

C.线圈中电流为右侧流入，磁场方向为向左，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律可知，电流由左侧向

右看为顺时针，故c正确；

D.由于铜环的电阻较小，故铜环中感应电流较大，则铜环受到的安培力要大于铝环受到的安培力，故D错误。

故选C

2、C

【解题分析】

A.由公式

L_=!h.

，2%

得

n.△/,0.8)

—L=——-=—=4

n2AZ,0.2

则

%>n2

该变压器起降压作用，故A错误；

B.由于a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，则电压表Vi示数不变，由理相变压器原公式

n

U22

可知，电压表V2示数不变，故B错误；

C.电压表V3的示数

由于S不变，增大，则S减小，故C正确；

D.由

氏+R

且S不变，〃增大，K应减小，则滑片应沿C-4方向滑动，故D错误。

故选C。

3、A

【解题分析】

A.根据光电效应方程可知，光电子的逸出最大动能4,=4

nW故A正确;

Af

B.金属的逸出功为W,则截止频率”=不，故B错误；

h

/1/,2

C.根据光电效应方程纭〃二方-卬，若用波长为:的单色光照射该金属，则光电子的最大初动能大于原来的2倍，

故c错误；

D.若用波长为2入的单色光照射该金属，光子的能量值减小，根据光电效应发生的条件可知，不一定可以发生光电效

应，故D错误。

故选A。

4、B

【解题分析】

A.由

一Mm

G——=ma

可知，尸和S绕地球运动的向心加速度大小相等，故A错误；

B.由

八Mmu"

G——=m—

r~r

2

则。和S绕地球运动的线速度大小之比为

VQ：Vs=y/6：2

故B正确;

C.由

27r

~T~

Q和S这两种不同类型轨道卫星绕地球运动的周期之比为

与：々=《|11=2心9

故C错误；

D.由于。和Q的质量不一定相等，所以尸和。绕地球运动的向心力大小不一定相等，故D错误。

故选B。

5、B

【解题分析】

AB.由图像可知，当物块和木板共速时，物块相对木板的位移即为木板的最小长度，即

L=g(4+4)xl.5m=6m

选项A错误，B正确；

C.小物块在0〜4s内的位移

x=—x1x4-—x3x2=-lm

122

负号表示物块的位移向右，则平均速度是

V.=—=—m/s=0.25m/s

't4

选项C错误；

D.在。〜4s内，木板的位移

x=—(2+4)x1.5+—x2x2.5=7m

222

根据X=+可知，木板和小物块的平均加速度不相同，选项D错误；

故选Bo

6、D

【解题分析】

A.取水面上质量为m的水滴，从小孔喷出时由机械能守恒定律可知

1、

mgy=­mv~

解得

选项A错误；

BCD.水从小孔尸射出时做平抛运动，则

x=vt

解得

X=U2（"；'）=2，y（/一），）

可知x与小孔的位置有关，由数学知识可知，当产儿），，即产g人时x最大，最大值为心并不是y越小x越大，选项

D正确，BC错误。

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BDE

【解题分析】

A.由图象可知波长为

A=4m

又波速为

v=200ni/s

则该列波的周期为

T=-=0.02S

v

那么经过0.01s,质点a振动了半个周期，质点a通过的路程为40cm,应在负向最大位移处，所以A错误；

B.根据同侧法可以判断b质点此时正沿y轴负方向振动，也就是远离平衡位置，所以回复力在增大，加速度在增大,

所以B正确；

C.由图象已知该波的波长是4m,要想发生明显的衍射现象，要求障碍物的尺寸与机械波的波长差不多或更小，所以

障碍物20m不能观察到明显的衍射现象，C错误；

D.经过0.01s,质点b振动了半个周期，图示时刻质点b正沿y轴负方向振动，所以可知过半个周期后，该质点b在

平衡位置上方且沿y轴正方向振动，速度在减小，所以D正确；

E.该波的周期是0.02s,所以频率为

/=1=50HZ

所以若此波遇到另一列波，并产生稳定的干涉现象，那么另一列波的频率也是50Hz,所以E正确。

故选BDEo

8、AC

【解题分析】

C、钢板受到重力mg、风力F、墙的支持力N和滑动摩擦力f,由于风力恒定，则由平衡条件得知，墙对钢板的支持

力恒定，钢板所受的滑动摩擦力恒定，故钢板匀加速下滑，则有v=al,故C正确；

A、根据动能定理得：Ek=(mg—f)h,可知々与h成正比，故A正确；

B、设钢板开始时机械能为稣，钢板克服滑动摩擦力做功等于机械能减小的量，则七二线-加=纥-/^。/,则知

E与t是非线性关系，图象应是曲线，故B错误；

D、重力的功率尸==则知P与h是非线性关系，图象应是曲线，故D错误；

故选AC.

【题目点拨】本题首先要正确分析钢板的运动情况，其次要根据物理规律得到动能、机械能、速度和重力功率的表达

式，再选择图象.

9、ABD

【解题分析】

A.根据y—图象可知物块在4点的加速度最大

Av4-0今.

a=—=--=2m/s2

\t7-5

所受的电场力最大为

F=wf/=lxlO-3x2=2xlO-3N

故N点的场强最大为

=100N/C

q2xl(r5

故A正确;

B.根据两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由。点沿中垂线指向外侧，故由。点到A点电势逐渐

减小，B正确；

C.根据—图象可知C到A的过程中物块的速度增大，电场力做正功，电势能减小，故C错误;

D.由4到“根据动能定理可得

%=阳=1哂-如:=-00IJ

又因

叼尸皿8

故

w-001

UAH=^-=V=-500V

q2xl05

故D正确。

故选ABD。

10、BD

【解题分析】

开始物块相对于传送带向后滑动，物块受到的摩擦力平行于传送带向下，当物块受到大于传送带速度后，物块受到的

摩擦力方向平行于传送带向上，故A错误；由图1所示图象可知，1〜1S内，物块的加速度'加22202,

a--2^2tn/3-ZnVS

故B正确；由图1所示图象可知，在。〜Is内物块的加速度_包_丝心0，由牛顿第二定律得：

mgsinO+pmgcosO=ma,在1〜Is内，由牛顿第二定律得：mgsinO-pmgcosO=ma',解得：〃=0.5,437。，故C错误，D

正确。

故选BD正确.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、打点计时器1.864不变

【解题分析】

(1)实验时，应先接通打点计时器电源，再接通电动机的电源；(2)根据x求解线速度，根据v求解角速度；

V=■co=;

(3)根据v=(or=,sD结合图像判断角速度的变化.

2

【题目详解】

(1)实验时，应先接通打点计时器电源，再接通电动机的电源；

(2)纸带运动的速度大小为x3gio?…;

v=~=—森~m/s=1.8m/s

角速度⑴=r=含严"=643

2

(3)根据v=sr=,sD,因v・D图像是过原点的直线，可知co不变.

2

12、BC<与R

【解题分析】

(1)[1]AB.电流表G零刻度线在中央时，可以判断电流的流向，判断5和。两点电势的高低，所以要求电流表G的

零刻度在表盘中央，所以B正确，A错误；

CD.根据电流表中表针摆的方向便可判断B和D两点电势的高低，进而进行调节，无需准确读出电流的大小，所以

C正确，D错误。

故选BC.

(2)[2]当没有接电流表G时，&与此串联，凡与4串联，然后再并联，贝IJ

I\R2+I\RX=UAB+UBC=UAC

/2/?!+/2/?3=UAD+UDC=UAC

变形可得

&=工工I

R,URCUBC

NU”UAC.

R3UDCDC

所以，当

R,R,

二•>」■时

&&

UBC<UDC

即

%V%

(3)[3]闭合开关S后，调节让电流表G示数为零，说明

%=仍)

则

UAB=UAD，UBC=U0c

同时R与R,电流相同，均匀电阻丝电流相同，设电阻丝单位长度的电阻为凡，则

UNB_UBCUAD_UDC

T卞'而一蕊

整理得

£二必」

R、柩4

得

x/.

(4)[4]将/和A的电阻记为R；和R；,则

旦=旦虫=左

(R[&R；

联立得

&=际

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)17.5J(2)VIOm/s(3)(2逐+1)m

【解题分析】

⑴对小球从A到〃过程，应用动能定理得：

1,

SgL+V弹=—mvB2-0

W卡品

得：

Ep=17.5J

(2)当小球进入电场后受力分析可得

mg=qEsinO

故小球在BC粗糙水平面上运动时，对地面的压力为0,不受摩擦力。

F合=4欣0§0=/摩

方向水平向右，小球从n到。，应用动能定理可得：

1,1,

-F合2r=—mvD"--mvir

22

得：

vi)=A/FOm/s

⑶从B到N,合外力做功为0

VA-=VB=5y/2m/s

由竖直方向运动

2r姆

得:

则水平位移大小

x=v,v/=275m

则落地点*距离C点的距离为

ICF=(2V5+1)m

14、①60。；②光射到A3弧能从45瓠射出。

【解题分析】

①光在介质中传播的光路图如图所示：

设入射光在C点的入射角为。折射角为「，由于在C点折射后的光线平行于O&所以NOCP=N/lOD=60。，r=30。，

根据折射定律有：〃=亚

sinr

代入数据解得：

/=60°；

②在C点折射后的光线射到人〃弧上尸点，连