北京西城3中2024年高考临考冲刺物理试卷含解析

北京西城3中2024年高考临考冲刺物理试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将木试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示的电路中，恒流源可为电路提供恒定电流/。，R为定值电阻，电流表、电压表均可视为理想电表，不考虑

导线电阻对电路的影响。改变变阻器凡接入电路的阻值，记录电流表、电压表的示数并依次填写在下表中。由数据可

以判定以下说法正确的是（）

序号12345678

u(v)14.012.010.08.06.04.02.00

/(A)0.300.400.500.600.700.800.901.00

A.实验过程中R/一逐渐增大

B.实验过程中恒流源输出功率逐渐减小

C.恒流源提供的电流/（）大小为2.00A

D.电路中定值电阻R的阻值为10。

2、如图甲所示，开口向上的导热气缸静置于水平桌面，质量为〃，的活塞封闭一定质量气体，若在活塞上加上质量为

加的祛码，稳定后气体体积减小了△%,如图乙；继续在活塞上再加上质量为m的祛码，稳定后气体体积又减小了△%,

如图丙.不计摩擦，环境温度不变，则（）

A.△Vi<AV2B.△Vi=AVi

C.△%>△V2D.无法比较△口与△内大小关系

3、如图所示，同时作用在质点O上有三个共点力为、心、&,其中Fi、尸2是正六边形的两条边，巴是正六边形的一

条对角线。已知尸尸尸2=2N,则这三个力的合力大小等于

A.6NB.8NC.IOND.12N

4、如图，在两等量正点电荷连线的中垂线上，有。、)两个点电荷绕。点做匀速圆周运动，且。、。与。始终在一条

直线上。忽略。、b间的库仑力，己知simz=0.6,sin/?=0.8,则〃、力两个点电荷的比荷之比为()

63

-D-

9・4

5、如图所示，一理想变压器原线圈匝数4=50()匝，副线圈匝数112=1°。匝，原线圈中接一交变电源，交变电电压

〃=2200sin100MV)。副线圈中接一电动机，电阻为11Q,电流表2示数为1A。电表对电路的影响忽略不计,则()

A.此交流电的频率为100HzB.电压表示数为220aV

C.电流表1示数为ONAD.此电动机输出功率为30W

6、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中0〜刈段

是关于直线尸不对称的曲线，X2〜X3段是直线，则下列说法正确的是

B.粒子在0〜X2段做匀变速运动，X2〜X3段做匀速直线运动

C.若力、X3处电势为二I、二3,贝IJ二〈二3

D.X2〜13段的电场强度大小方向均不变

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、一位同学玩飞镖游戏，已知飞镖距圆盘为L对准圆盘上边缘的4点水平抛出，初速度为vo,飞镖抛出的同时，圆

盘以垂直圆盘且过盘心O点的水平轴匀速转动。若飞镖恰好击中A点，下列说法正确的是()

L

A.从飞燃抛出到恰好击中A点，A点一定转动到最低点位置B.从飞镖抛出到恰好击中A点的时间为一

%

C.圆盘的半径为D.圆盘转动的角速度为组团(A=1,2,3,…)

4喝L

8、下列关于振动和波的说法，正确的是o

A.声波在空气中传播时，空气中各点有相同的振动频率

B.水波在水面上传播时，水面上各点沿波传播方向移动

C.声波容易绕过障碍物传播是因为声波波长较长，容易发生衍射

D.当两列波发生干涉时，如果两列波波峰在某质点相遇，则该质点位移始终最大

E.为了增大干涉条纹间距，可将蓝光换成红光

9、如图所示，金属圆环放置在水平桌面上，一个质量为m的圆柱形永磁体轴线与圆环轴线重合，永磁体下端为N极,

将永磁体由静止释放永磁体下落h高度到达P点时速度大小为v,向下的加速度大小为a,圆环的质量为M,重力加

速度为g,不计空气阻力，则（）

A.俯视看，圆环中感应电流沿逆时针方向

B.永磁体下落的整个过程先加速后减速，下降到某一高度时速度可能为零

C.永磁体运动到P点时，圆环对桌面的压力大小为Mg+mg-ma

D.永磁体运动到P点时，圆环中产生的焦耳热为mgh+；mv2

N.22

10、如匡所示，理想变压器的初、次级线圈的匝数之比为旨=H，在次级线圈中接有两个阻值均为50。的电阻,

N、5

图甲中乃为理想二极管。现在初级线㈱输入如图乙所示的交流电压，那么开关K在断开和闭合的两种情况下，下列说

法中正确的有（）

B.两种情况下及消耗的功率相同

C.两种情况下R消耗的功率相同D.两种情况下变压器的输入功率不同

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）小明所在的课外活动小组在实验室测量导线的电阻率，他们在实验室选取了一段金属丝，经过讨论他们进

行了如下操作。

（1）先用刻度尺测量其长度如图1所示，该段金属丝的长度为—cm。

（2）接着他们使用多用电表粗测金属丝的电阻，操作过程分以下三个步骤：（请填写第②步操作）

①将红、黑表等分别插入多用电表的插孔，选择电阻挡“xi”：

②—，调整欧姆调零旋钮，一;

③把红、黑表笔分别与金属丝的两端相接，多用电表的示数如图2所示。

（3）根据多用电表示数，为了减小实验误差，并在实验中获得较大的电压调节范围，应从图3中的四个电路中选择一

电路来测量金属丝电阻，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移至最_（填“左”或“右”）端，多次测量求平均值后测

得该金属丝的电阻为5.2。。

（4）他们使用千分尺测量金属丝的直径，示数如图4所示，金属丝的直径为

（5）根据以上数据可以计算出该金属丝的电阻率为0=—Qm（结果保留两位有效数字）。

12.（12分）物理小组的同学用如下图中所示的实验器材测定重力加速度。实验器材有：底座带有标尺的竖直杆、光

电门1和2组成的光电计时器，其中光电门1在光电门2的上方，小球释放器（可使小球无初速释放）、网兜。实验时

可用两光电门测量小球从光电门1运动至光电门2的时间/,并从竖直杆上读出两光电门间的距离/u

（1）使用游标卡尺测量小球的直径如下图乙所示，则小球直径为cm。

小球择放器

⑵改变光电门1的位置，保持光电门2的位置不变，小球经过光电门2的速度为〃不考虑空气阻力，小球的加速度

为重力加速度g,则从人心了四个物理量之间的关系式上。

⑶根据实验数据作出图象如上图丙所示，若图中直线斜率的绝对值为A,根据图象得出重力加速度g大小为

t

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系，y轴沿竖直方向。在尸L到x=2L之间存在竖直向上的匀强电

场和垂直坐标平面向里的句强磁场，一个比荷为A的带电微粒从坐标原点以一定初速度沿此方向抛出，进入电场和磁

场后恰好在竖直平面内做匀速圆周运动，离开电场和磁场后，带电微粒恰好沿+x方向通过x轴上x=3L的位置，已知

匀强磁场的磁感应强度为不重力加速度为g。求：

⑴电场强度的大小；

⑵带电微粒的初速度；

⑶带电微粒做圆周运动的圆心的纵坐标。

14.(16分)应用如图所示的装置研究带电粒子在电场、磁场中的运动情况。相邻的区域I、II均为边长为L的正方形。

区域I内可以添加方向竖直向下的匀强电场：区域H内可以添加方向垂直纸面向里的匀强磁场.区域H的边缘处有可

探测带电粒子的屏。一束带电粒子沿两区域中间轴线以速度%水平射入区域I,粒子束中含有多种粒子，其电荷量由

小到大的范围为+1〜质量由小到大的范围为町~机2。粒子在电场中只受电场力，在磁场中只受洛伦兹力。

(1)若只在区域II内添加磁场，且能够在屏上探测到所有粒子，则磁感应强度为多大；

⑵若只在区域I内添加电场，且能够在屏上探测到所有粒子，则电场强度为多大；

⑶当两个区域分别添加上述(1)(2)中的电场及磁场，电荷量为〃、质量为私的粒子能够在屏上探测到。求解粒子在屏

上显现的位置，试列出各求解方程式。(不对方程式求解)

15.(12分)如图所示，扇形玻璃砖的圆心角为150。，玻璃砖半径为R,一条单色光平行于04,由08的中点

。入射，经折射后由圆弧面的E点射出玻璃砖，圆弧AE的长度与圆弧跳的长度之比为2：3,己知真空中光速为c。

求：该单色光在玻璃砖从。到£传播的时间。

参考答案

一、单项选择题：木题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

A.从表格中的数据可知彳■的比值在减小，而电压表测量小两端电压，电流表测量R/.电流，即凡斗,乙逐渐减

小，A错误；

B.勺逐渐减小，根据串并联电路电阻规律可知电路总电阻减小，而电路总电流恒定，根据尸=/'A可知恒流源输出

功率逐渐减小，B正确；

C.第8次实验时电压表示数为零，即此连入电路的电阻为零，R/.所在支路为一根导线，电阻K被短路，此时七所

在支路的电流等于恒流源提供的电流，故大小为LOOA,C错误；

D.第一次实验时电流表示数为0.3A,所以第一次实验时通过电阻R的电流为

7=^-/,=].00-0.3=0.7A

由于K和RL并联，所以第一次实验时R两端的电压为

U=14V

故R的电阻为

/?=—=—=20Q

I0.7

故D错误。

故选B。

2、C

【解析】

设大气压强为出，起初活塞处于平衡状态，所以：p°S+Mg=pS

解得该气体的压强为：〃=〃。+等

则甲状态气体的压强为：P,=Po+个

J

乙状态时气体的压强为：〃2=〃。+半

丙状态时气体的压强为：lA=Po+W

由玻意耳定律得：="2%=P03

得，%=电"匕=陪"

PoS+2mgp°S+3mg

mg

所以△、=%—%=

PoS+2mg

△%+△%=■—%=—浊—.V,<2AV.

I/IJPoS+।3o，ng।।

所以：△匕＞△%.

故本题选C.

【点睛】

对活塞进行受力分析，由平衡条件分别求出几种情况下的气体压强；由玻意耳定律可以求出气体体积，然后比较体积

的变化即可.

3、A

【解析】

将尸1、B合成如图，由几何关系得，入、尸2的合力

K2=G=2N

由于凡2与尸3的方向相同，由几何关系可得，三力的合力

F=%+B=6N

故A项正确，BCD三项错误。

Fi

.b

4、A

【解析】

设两等量正电荷的电荷量均为Q,。、〃两点电荷的电荷量分别为如和他，质量分别为，4和，，m,。到正点电荷的距高

为1,由题意知。、力做圆周运动的周期相同，设为「根据库仑定律、牛顿第二定律，对。，有

2k——―7sin37'=m-Ztan37

‘i『

<cos37v)

对瓦有

2k----~sin53=in.—Ztan53

rI7f\T)

<cos53)

整理得

%

二27

还一64

，出

故A正确，BCD错误。

故选A。

5、C

【解析】

A.由交流电的公式知频率

-100%____

f=------=50Hz

2不

故A错误；

B.原线圈电压有效值为220V,故电压表的示数为220V,故B错误;

C.根据电流与匝数成反比知，电流表4示数为0.2A,故C正确；

D.根据电压与匝数成正比知副线圈电压为44V

p2=t/2/2=44xlW=44W

电动机内阻消耗的功率为

A/,=722A=l2xliyV=llVV

此电动机输出功率为

产出=P2MP=44-H=33W

故D错误；

故选C。

6、D

【解析】Er-x图像的斜率表示粒子所受电场力F,根据F=qE可知1处电场强度最小且为零，故A错误；

B、粒子在0〜4段切线的斜率发生变化，所以加速度也在变化，做变速运动，以〜4段斜率不变，所以做匀变速直

线运动，故B错误；

C、带负电的粒子从M到X3的过程中电势能增加，说明电势降低，若XI、■处电势为二I、二3,则二二3,故C错误；

D、X2〜工3段斜率不变，所以这段电场强度大小方向均不变，故D正确；

故选D

点睛：Ep・x图像的斜率表示粒子所受电场力F,根据F=qE判断各点场强的方向和大小，以及加速度的变化情况。至

于电势的高低，可以利用结论“负电荷逆着电场线方向移动电势能降低，沿着电场线方向移动电势能升高”来判断。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ABC

【解析】

A.从飞镖抛出到恰好击中A点，A点转到了最低点位置，故A正确；

B.飞镖水平抛出，在水平方向做匀速直线运动，因此

L

t=­

%

故B正确；

C.飞镖击中A点时，4恰好在最下方，有

1,

“尹

解得

可

故C正确；

D.飞镖击中A点，则A点转过的角度满足

。=切，=冗+14几也=0、1、1...........)

故

(2k+1)

(o=-------兀%(4=0、1、1............)

L

故D错误。

故选ABCo

8、ACE

【解析】

A.声波在空气中传播时，根据波的形成原理可知，空气中各点有相同的振动频率，故A正确；

B.水波在水面上传播时，水面上各点不会随着波传播方向而移动，故B错误；

C.声波容易绕过障碍物传播是因为声波波长较长，容易发生明显的衍射现象，故C正确；

D.当两列波发生干涉时，如果两列波波峰在某点相遇时，则该质点位移此时最大，然后会变小，当平衡位置相遇时,

则位移为零，故D错误；

E.根据干涉条纹间距公式可知，为了增大干涉条纹间距，可将蓝光换成红光，即波长变长，故E正确。

d

故选ACE。

9、AC

【解析】

根据楞次定律判断感应电流的方向；可根据假设法判断磁铁下落到某高度时速度不可能为零；根据牛顿第二定律分别

为磁铁和圆环列方程求解圆环对地面的压力；根据能量关系求解焦耳热。

【详解】

磁铁下落时，根据楞次定律可得，俯视看，圆环中感应电流沿逆时针方向，选项A正确；永磁体下落的整个过程，开

始时速度增加，产生感应电流增加，磁铁受到向上的安培力变大，磁铁的加速度减小，根据楞次定律可知“阻碍”不是“阻

止”，即磁铁的速度不可能减到零，否则安培力就是零，物体还会向下运动，选项B错误；永磁体运动到P点时，根

据牛顿第二定律：mg-F安=ma；对圆环：Mg+FS=N,则N=Mg+mg—ma,由牛顿第三定律可知圆环对桌面的压力大

小为Mw+mg-ma,选项C正确；由能量守恒定律可得，永磁体运动到P点时，圆环中产生的焦耳热为

选项D错误；故选AC.

【点睛】

此题关键是理解楞次定律，掌握其核心“阻碍”不是“阻止”；并能用牛顿第二定律以及能量守恒关系进行判断.

10、CD

【解析】

ABD.在开关K闭合时，此时电路中的总电阻为K总=2542。由图乙可知初级线昵的有效值为

=220^=22()V

次级线展的电压为

5・当U，4X220=50V

R2两端的电压为S=50V,/?2消耗的功率为

2500

P居=50W

^6"

电路中消耗的总电功率为

U2_5()2

兵=而=100W

当开关K断开时，出两端的有效值由

-u；--T=-U；-,

R2R

得

UR=气=25近V

及消耗的功率为

pU1（25及）2

R=--=------------=25W

&450

电路中消耗的总电功率为

尸二+也二型+MU75W

&R25050

故AB错误，D正确；

C.在两种情况下并不影响品两端的电压，故品消耗的功率是相同的，故C正确。

故选CD,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、60.5（）（60.48〜60.52均可）将红、黑表笔短接使指针指向电阻刻度“0”刻线D左0.200

2.7x10-7

【解析】

（1）[1]毫米刻度尺的分度值为0.1cm,所以读数为：70.50cm-10.00cm=60.50cm;

（2）⑵[3]②将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指向表盘右侧的“0”刻度线，即表盘中电阻刻度“0”刻线;

（3）[4]⑸电阻为&=5.2。，电流表的分压相对较为明显，所以电流表应采用外接法；为获得较大的电压调节范围,

滑动变阻器应选用分压式接法，所以选择电路D,滑片P开始应调节至左端，使电压从。开始调节；

（4）⑹螺旋测微器的精度为0.01mm,所以读数为：

0+20.0x0.01mm=0.200mm；

（5）[7]根据电阻定律:

尺=若

金属丝的横截面积：

S=~7Td2

4

所以电阻率：

3.14x5.2x(0.200x10-312

7rR、d

p=——-----------------------------LQm=2.7x1(尸Cm。

4L4x0.605

12、1.170-;2k

【解析】

主尺读数为1.1cm,游标尺读数为0.05xl4mm=0.70mm=0.070cm,所以最终读数为l.lcm+0.070cm=1.170cm；

⑵⑵小球经过光电门2的速度为v,根据运动学公式得从开始释放到经过光电门2的时间

v

g

所以从开始释放到经过光电门1的时间

...V

t=t-1=-----1

g

所以经过光电门1的速度y

rll

v=st=v-gt

根据匀变速直线运动的推论得：两光电门间的距离

.v+V12

h=-------1=vt——g广

22

(3)[3]由公式〃=gg〃得

/?1

若"图线斜率的绝对值为A,则

t

k=gg

所以重力加速度大小

g=2k

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

22

13、(1)4；(3)2gkBl?

kKBk2B28g

【解析】

(1)进入电场和磁场后恰好在竖直平面内做匀速圆周运动，则

mg=qE

2RcosO=L

由洛伦兹力提供向心力

rav

q