2025届海南省海口四中物理高二上期中调研模拟试题含解析

2025届海南省海口四中物理高二上期中调研模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某金属导线，如果在10s时间内有5.0×1019个自由电子通过面积为0.1m2的某截面，那么通过这个截面的电流强度是（）A．0 B．0.8A C．1.6A D．3.2A2、两根长度均为L的绝缘细线分别系住质量相等、电荷量均为+Q的小球a、b，并悬挂在O点．当两个小球静止时，它们处在同一高度上，且两细线与竖直方向间夹角均为α=30°，如图所示，静电力常量为k，则每个小球的质量为（）A． B． C． D．3、下图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则ABCD选项中正确的是（）①P点电场强度方向向左②P点的电场强度方向向右③正点电荷在P点所受的电场力的方向向左④正点电荷在P点所受的电场力的方向向右A．只有①③正确 B．只有②③正确C．只有①④正确 D．只有②④正确4、实线为电场线，虚线为等势线，且相邻两等势间的电势差相等，一正电荷在等势线φ3上时，具有动能10J，它运动到等势线φ1时速度为零，令φ2＝0，那么该电荷的电势能为4J时，其动能为A．10J B．6J C．5J D．1J5、下列说法中正确的是()A．在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上，各处的电场强度都相同B．真空中点电荷形成的电场中某点的电场强度可由求得C．电场强度的方向就是放入电场中的电荷受到的电场力的方向D．当初速度为零时，放入电场中的电荷在电场力作用下的运动轨迹一定与电场线重合6、如图所示是阴极射线示波管的聚焦电场，实线为电场线，虚线为等势面，a、b为电场中的两点,则A．a点的场强大于b点的场强B．a点的电势高于b点的电势，C．电子在a点的电势能大于在b点的电势能D．电子在a点的电势能小于在b点的电势能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，、为定值电阻，为滑动变阻器．闭合开关后，把滑动变阻器的滑片向左滑动，以下说法正确的是（）A．电流表示数变小，电压表示数变大B．电流表示数变小，电压表示数变小C．消耗的电功率变小D．消耗的电功率变大8、如图所示时探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置。关于此实验装置中的静电计，下列说法正确的是A．增大两极板之间的距离，静电计指针张角变大B．将A板稍微上移，静电计指针张角将变小C．静电计的外壳与A板相连接后可不接地D．可以用电压表替代静电计9、位于水平面上的物体在水平恒力F1作用下，做速度为v1的匀速运动；若作用力变为斜向上的恒力F2，物体做速度为v2的匀速运动，且F1与F2功率相同．则可能有（）A．F2＝F1，v1>v2 B．F2>F1，v1<v2C．F2>F1，v1>v2 D．F2<F1，v1<v210、如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L标有“6V，12W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.50Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）A．电动机的输入功率是72WB．电动机的输出功率12WC．电动机的热功率是2WD．整个电路消耗的电功率是22W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（改编）如图为某同学设计的研究磁场对通电金属棒作用的实验装置．当其接通电键时，有电流通过金属棒，观察到金属棒向左运动，则下列说法正确的是A．此时通过金属棒的电流是由电源经b流向aB．若调换U形磁铁的南北极，则金属棒仍向左运动C．若调换流经金属棒的电流方向，则金属棒仍向左运动D．若同时调换U形磁铁的南北极和流经金属棒的电流方向，则金属棒仍向左运动12．（12分）现在要测量一段电阻丝的电阻率ρ，其阻值Rx约为0.5Ω，允许通过的最大电流为0.5A.现有如下器材可供选择：电流表A(量程0.6A，内阻约为0.6Ω)电压表V(量程3V，内阻约为3kΩ)待测电阻丝Rx(阻值约为0.5Ω)标准电阻R0(阻值5Ω)滑动变阻器R1(5Ω，2A)滑动变阻器R2(200Ω，1.5A)直流电源E(E＝6V，内阻不计)开关S、导线若干(1)图为四位同学分别设计的测量电路的一部分，你认为合理的是________；(2)实验中滑动变阻器应该选择________(选填“R1”或“R2”)，并采用________接法；（分压，限流）(3)根据你在(1)(2)中的选择，在图甲上完成实验电路的连接________；(4)实验中，如果两电表的读数分别为U和I，测得拉直后电阻丝的长度为L、直径为D，则待测电阻丝的电阻率ρ的计算式为ρ＝________；(5)用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数如图乙所示，则该电阻丝的直径D＝________.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.4m，在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E=1.0×104N/C。现有一电荷q=+1.0×10-4C，质量m=0.1kg的带电体（可视为质点），在水平轨道上的（1）带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小。（2）D点到B点的距离xDB（3）带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能（结果保留3位有效数字）。14．（16分）某商场安装了一台倾角为30°的自动扶梯，该扶梯在电压380V的电动机带动下以0.4m/s的恒定速度向斜上方运动．电动机的最大输出功率为4.9kW，不载人时测得电动机中的电流为5A，若载人时扶梯的移动速率和不载人时相同，则这台自动扶梯可同时乘载的人数最多是多少？（设人的平均质量为60kg，g取10m/s2）15．（12分）某同学在实验室找了一个电流表.一个电池、一个定值电阻，串联起来后两端接上红黑表笔，当做欧姆表使用（如图所示)，两个表笔直接接触时，电流表读数为6.0mA:两支表笔接在150Ω的电阻两端时。电流表读数为3.75mA，现把表笔与一个未知电阻连接，电流表读数为5mA，这个未知电阻多大?

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

解：由电流的定义可知：I=qt=1.6×102、A【解析】对小球进行受力分析，如图所示：设绳子对小球的拉力为T，根据平衡条件，结合三角知识，可得：，

根据库仑定律得，小球在水平方向受到库仑力的大小为：，

解得：，故A正确，BCD错误．点睛：对其中一个小球受力分析，由共点力的平衡条件可得出小球所受重力的大小与库仑力大小的数量关系，由库仑力公式可得出小球受到的库仑力的大小，再求得小球的质量．3、D【解析】试题分析：电场线的方向就是电场强度的方向，故P点电场强度方向向右．故①错误②正确．正电荷所受电场力的方向就是该点场强的方向，故正电荷在P点所受电场力向右．故③错误．负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，故负电荷在P点所受电场力向左．故④正确．故选D．考点：电场线；电场强度【名师点睛】电场线的方向就是电场强度的方向，正电荷所受电场力的方向与该点场强的方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，把握了电场线的特点即可顺利解决此题．4、D【解析】

电荷在电场中只受电场力，所以从到和从到电场力做的功相等，可得在等势面时电荷的动能为5J，整个过程中，电荷动能与电势能的总量保持不变，所以总能量为处的能量：为5J，所以当该电荷的电势能为4J时，其动能大小为1J，所以D正确；故选D。5、B【解析】

电场强度是矢量，规定正电荷的受力方向为场强的方向，电场线某点的切线方向为场强方向，与试探电荷的正负无关。【详解】A．在一个以点电荷为中心、r为半径的球面上，各处电场强度的大小都相等，而方向不同，故A错误；B．真空中点电荷形成的电场中某点的电场强度可由求得，故B正确；C．电场强度方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向，故C错误；D．若电场线是曲线，则电荷受力将发生方向上的变化，其轨迹不可能与电场线重合，故D错误。【点睛】本题主要考察电场强度的矢量性和适用条件，准确理解电场强度的概念是解决本题的关键。6、C【解析】

A．因b点的电场线较a点密集，可知b点的场强大于a点的场强，选项A错误；BCD．沿电场线电势降低，可知a点的电势低于b点的电势；因负电荷在低电势点电势能较大，则电子在a点的电势能大于在b点的电势能，选项C正确，BD错误；故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

AB．当滑动变阻器的滑片向左滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，与并联的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则V的示数减小，根据串联电路电压与电阻成正比的特点，可知并联部分电压减小，通过的电流减小，则A的示数减小，故A错误，B正确；CD．根据可知，总电流增大，消耗的电功率变大，故C错误，D正确；选BD.【点睛】根据滑片的移动方向判断出滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点、欧姆定律以及功率公式分析答题．8、AC【解析】

A.增大板间距，据电容的决定式知电容变小，电容器电荷量不变，结合电容定义式知两极板间的电势差变大，静电计指针张角变大，故A正确；B.将极板上移时极板正对面积变小，据电容的决定式知电容变小，电容器电荷量不变，结合电容定义式知两极板间的电势差变大，静电计指针张角变大，故B错误；C.静电计测量的是两板间的电压高低，可以直接将板与电容器外壳相接，不需要都接地，故C正确；D.静电计与电压表、电流表的原理不同，不能替代；电流表、电压表线圈中必须有电流通过时，指针才偏转，故不能用电压表代替静电计，故D错误。9、BD【解析】物体在水平恒力F1作用下，做匀速运动，则作用力变为斜向上的恒力F1，物体做匀速运动，设F1与水平方向夹角为θ，则：可得：；因μθ未知，故F1F1的大小关系各种可能都有．F1与F1功率相同，则，即，所以即v1<v1．综上答案BD10、CD【解析】

由灯泡铭牌可知灯泡额定电是6V，额定功率是12W，由电功率的变形公式可以求出灯泡正常发光时的电流；由串联电路特点可以求出电动机的电压，由电功率公式可以求出电机总功率与热功率，进一步求出电动机的输出功率．由电功率公式可以求出电路总功率．【详解】A、电动机两端的电压U1=U﹣UL=12﹣6V=6V，整个电路中的电流，所以电动机的输入功率P=U1I=6×2W=12W．故A错误．B、C、电动机的热功率P热=I2RM=22×0.5W=2W，则电动机的输出功率P2=P﹣I2RM=12﹣2W=10W．故B错误，C正确．D、整个电路消耗的功率P总=UI=12×2W=24W．故D正确．故选CD．【点睛】解决本题的关键知道电动机的输出功率P2=I2RM以及知道整个电路消耗的功率P总=UI．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D【解析】试题分析：由左手定则可知电流经流向，所以A错；若调换磁铁的南北极，磁场方向反向，则安培力的方向反向，变为向右，所以B错；若调换流经金属棒的电流方向，则安培力的方向反向，变为向右，所以C错；若同时调换磁铁的南北极和电流的方向，则导体棒所受安培力的方向不变，所以D正确．考点：安培力，左手定则．12、CR1分压1.205【解析】

(1)、(2)、关键是根据闭合电路欧姆定律求出电路中需要的最大电阻来选择变阻器阻值以及接法；根据求出的最小电阻来选择保护电阻；根据待测电阻远小于电压表内阻可知电流表应用外接法，但因为待测电阻阻值太小可知待测电阻应与保护电阻串联使用．(3)根据是连接电路时应先连接主干路然后再连接并联电路，注意正负极和量程．(4)关键是根据欧姆定律和电阻定律求出电阻率的表达式即可．(5)关键是读数时要分成整数部分和小数部分两部分来读，注意半毫米刻度线是否露出．【详解】(1)根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻为：，所以变阻器应选R1并且应采用分压式接法；电路中需要的最小电阻为：，为保护电流表应与一保护电阻串联，所以排除电路A，再根据待测电阻满足，可知电流表应用外接法，所以应排除电路D，由于待测电阻阻值太小，将电压表直接测量时电压太小无法读数，所以应将待测电阻与保护电阻串联后再与电压表并联才行，所以合理的电路应是C；(2)根据题(1)中的分析可知，变阻器应选R1，并且应采用分压式接法；(3)根据题（1）中分析可知电路连接图如图所示：(4)图C电路图应有：①根据电阻定律应有：②联立①②可得：(5)螺旋测微器的读数为：D=1mm+20.6×0.01mm=1.205（±0.002）mm；【点睛】明确：①通过估算电路中需要的大小电阻来选择保护电阻，通过电路中需要的最大电阻来选择变阻器阻值以及采用的接法；②当待测电阻满足时，电流表应用外接法．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）6.0N（2）0（3）1.17J【解析】

（1）设