甘肃省静宁一中2025届物理高二上期中监测模拟试题含解析

甘肃省静宁一中2025届物理高二上期中监测模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，质量为m、电荷量为Q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，另一个带电量也为Q的带电小球B固定于O点的正下方，已知绳长OA为2l，O到B点的距离为l，平衡时AB带电小球处于同一高度，已知重力加速度为g，静电力常量为k．则（）A．A、B间库仑力大小为B．A、B间库仑力大小为C．细线拉力大小为D．细线拉力大小为2、两个带等量正电荷的点电荷，O点为两电荷连线的中点，a点在连线的中垂线上，若在a点由静止释放一个电子，如图1所示，关于电子的运动，下列说法正确的是()A．电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．电子运动到O时，加速度为零，速度最大D．电子通过O后，速度越来越小，加速度越来越大，一直到速度为零3、对物体带电现象的叙述,下列说法正确的是()A．一个不带电的物体内一定没有电荷B．物体带电一定具有多余的电子C．物体带电的过程就是电荷移动的过程D．物体带电的过程就是创造电荷的过程4、如图所示,正电荷q仅在电场力作用下由P向Q运动，速度时间图像如下图所示，那么可以断定，它所在的电场是右图中哪一个？()A． B．C． D．5、法拉第是19世纪最伟大的实验物理学家之一，他在电磁学研究方面的卓越贡献如同伽利略、牛顿在力学方面的贡献一样，具有划时代的意义，正是他提出了电场的概念。同时也是由他首先提出可以用电场线来形象模拟电场。如图，A、B为一条电场线上的两点，以下说法正确的是()A．EA与EB一定不等，与一定不等B．EA与EB可能相等，与可能相等C．EA与EB可能相等，与一定不等D．EA与EB一定不等，与可能相等6、如图所示，在方框中有一能产生磁场的装置，现在在方框右边放一通电直导线（电流方向如图箭头方向），发现通电导线受到向右的作用力，则方框中放置的装置可能是下面哪个A．A B．B C．C D．D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，a、b、c、d为某匀强电场中的四个点，且ab//cd，ab⊥bc，bc=cd=2ab=2L，电场线与四边形所在平面平行，已知φa=16V，φb=20V，φd=4V，一个质点经过b点的速度大小为v0，方向与bc夹角为45°，一段时间后经过c点，质子的电量为e，（不计质子的重力）则（）A．c点电势为12VB．场强的方向由a指向cC．质子从b运动到c电场力做功12eVD．质子从b运动到c所用的时间为8、如图所示直流电路中电源的内阻不能忽略，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法正确的是()A．电流表读数变大B．电压表读数变小C．总功率一定减小D．内部损耗功率一定减小9、实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞入a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如图中的虚线所示（a、b只受电场力作用），则

(

)A．a的动能一定减小，a的电势能一定增大B．a、b两个粒子的电势能一定都减小C．a一定带正电，b一定带负电D．a的加速度将减小，b的加速度将增大10、一个静止的质点，在0～4s时间内受到力F的作用，力的方向始终在同一直线上，力F随时间t的变化如图所示，则质点在()A．第2s末速度改变方向 B．第2s末加速度改变方向C．第4s末回到原出发点 D．第4s末运动速度为零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）要测绘一个标有“3V1.5W”小灯泡的伏安特性曲线，备有下列器材：A．电压表(量程3V，内阻约6kΩ)；B．电压表(量程15V，内阻约30kΩ)；C．电流表(量程0.6A，内阻约0.5Ω)；D．电流表(量程3A，内阻约0.1Ω)；E．滑动变阻器(阻值范围0～5Ω)；F．滑动变阻器(阻值范围0～100Ω)；G．直流电源(3V，内阻不计)；H．开关、导线若干．（1）要求多次测量并使电压表读数从零开始连续可调，上述器材中电压表应选用________；电流表应选用________；滑动变阻器应选用________．（以上均填写器材前字母）（2）请将甲图中的实物电路图用笔代替导线补充完整_______．（3）乙图为某同学根据正确的实验电路图所测的几组数据画出的U－I图象．图象是一条曲线而不是直线的原因是_________；从图象中可求得小灯泡电压为1.8V时的小灯泡的实际功率为_______W．12．（12分）为提高学生的动手操作能力，学校实验室对外开放。小明去实验室发现一段阻值大约为6Ω的电阻，他欲采用伏安法对其进行测定。实验室有以下器材可供他选择:（要求测量结果尽量准确）A．电池组（3V，内阻约1Ω）B．电流表（0~3A，内阻约0.025Ω）C．电流表（0~0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表（0~3V，内阻约3kΩ）E.电压表（0~15V，内阻约15kΩ）F.滑动变阻器（0~10Ω，额定电流1A）G.滑动变阻器（0~1000Ω，额定电流0.1A）H.开关，导线若干①实验时应选用的器材是__（填写各器材的字母代号）。②请在下面的虚线框中画出实验电路图。（________）③小明选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理_上看，待测电阻测量值_______实值（填“大于”或“小于”），原因是_________________。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一静止的电子经过电压为U的电场加速后，立即从A点射入偏转匀强电场中，射入方向与偏转电场的方向垂直，最终电子从B点离开偏转电场。已知偏转电场的电场强度大小为E，宽度为L，方向竖直向上（如图所示），电子的电荷量为e，质量为m，重力忽略不计。（1）求电子进入偏转电场时的速度v0；（2）电子从B点离开偏转电场时的竖直方向的位移y；（3）若仅将加速电场的电压提高为原来的2倍，使电子仍从B点经过，求偏转电场的电场强度E1；（4）满足（3）条件下，求电子从B点射出时的动能。14．（16分）“魔盘”是一种神奇的游乐设施，它是一个能绕中心轴转动的带有竖直侧壁的大型转盘，随着“魔盘”转动角速度的增大，“魔盘”上的人可能滑向盘的边缘．如图所示，质量为m的人（视为质点）坐在转盘上，与转盘中心O相距r．转盘的半径为R，人与盘面及侧壁间的动摩擦因数均为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．(1)当转盘的角速度大小为ω0时，人未滑动，求此时人的线速度大小v；(2)求人与转盘发生相对滑动时转盘的角速度大小ω应满足的条件；(3)当人滑至“魔盘”侧壁时，只要转盘的角速度不小于某一数值ωm，人就可以离开盘面，贴着侧壁一起转动．有同学认为，ωm的大小与人的质量有关，你同意这个观点吗？请通过计算说明理由．15．（12分）在如图所示的电路中，R1＝3Ω，R2＝6Ω，R3＝1.5Ω，C＝20μF，当开关S断开时，电源的总功率为2W；当开关S闭合时，电源的总功率为4W，求：(1)电源的电动势和内电阻；(2)闭合S时，电源的输出功率；(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由几何关系可知，OA与OB的夹角为600，则AB间距离：，则A、B间库仑力大小为，选项A错误；根据平行四边形法则可知，AB间的库仑力为：，细线的拉力，或者，选项BC错误，D正确；故选D.点睛：此题关键是受力分析，画出受力图，结合平行四边形法则以及几何关系列方程求解.2、C【解析】

在等量同种电荷连线中垂线上电场强度方向O→a，电子从a点到O点运动的过程中，电场力方向a→O，故加速度向下，与速度同向，故速度越来越大；但电场线的疏密情况不确定，O点上方的电场强度最大点位置不确定，故电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断．故AB错误；越过O点后，电子做减速运动，则点电荷运动到O点时速度最大．电场力为零，加速度为零．故C正确．根据电场线的对称性可知，越过O点后，电子做减速运动，加速度的变化情况无法判断．故D错误．故选C．【点睛】本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性；同时要能够结合力与运动的关系进行分析．3、C【解析】

A．任何物体内部总有正负电荷,不带电是因为它呈现了电中性,故A错误；B．物体带电可能是有多余的电了或失去电子,故B错误；C．物体带电是因为失去电子或得到电子,故带电过程就是电荷移动的过程,故C正确；D．电荷是不能被创生的,故D错误。4、B【解析】A项：正电荷在电场中受到向左的电场力，由图可知，从P到Q电场强度越越来小，所以正电荷从P到Q做加速度逐渐减小的减速运动，故A错误；B项：正电荷在匀强电场中受到向左的电场力，所以正电荷从P到Q做匀减速直线运动，故B正确；C项：正电荷在匀强电场中受到向右的电场力，所以电荷在匀强电场中做匀加速直线运动，故C错误；D项：正电荷在电场中受到向右的电场力，由图可知，从P到Q电场强度越越来小，所以正电荷从P到Q做加速度逐渐减小的加速运动，故D错误．点晴：解决本题关键理解电场线的疏密程度表示场强大小，电场线越密表示场强越大，电场线越稀疏表示场强越小．5、C【解析】由题目的图可知，电场线沿AB的方向，而沿电场线的方向电势降低，所以φA＞φB；电场线的疏密表示电场的强弱，只有一条电场线，不能判断出A、B两点电场强度的大小关系．故C正确．故选C.6、C【解析】

A．若在方框中放入A，则因为螺线管的右端是N极，则由左手定则可知，直导线受力方向向里，故A错误；B．若在方框中放入B，则由左手定则可知，直导线将上端向里转动，下端向外转动，故B错误；C．若在方框中放入C，则因为直导线所在位置的磁场向外，则由左手定则可知，直导线受力方向向右，故C正确；D．若在方框中放入D，则由于同向电流相互吸引，直导线受力方向向左，故D错误.故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线四等分，如图所示，已知a点电势为16V，b点电势为20V，d点电势为4V，且ab∥cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2L，bd中点f的电势，因此根据几何关系，可得bd中点e点的电势为16V，与a点电热势相等，ae是一个等势面，ae∥cf，cf为一个等势面，所以c点电势为12V，故A正确．因为cf⊥bd，电场方向与等势面垂直且由电势高的等势面指向电势低的等势面，所以场强方向由b指向d，故B错误；质子由b到c电场力所做的功Wbc＝eUbc＝e(20V−12V)＝8eV，故C错误；质子从b到c做类平抛运动，垂直bd方向匀速运动，沿bd方向匀加速运动，2Lcos45°＝v0t解得：t＝，故D正确；故选AD.点睛：本题关键是找等势点，作等势线，并抓住等势线与电场线垂直的特点，问题就变得简单明晰了.8、CD【解析】

由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小，即电流表读数变小，路端电压变大，即电压表读数变大；选项AB错误；总功率P=IE，电路总电流I变小，则P一定减小，选项C正确；内部损耗功率P1=I2r，则总电流I减小，则P1一定减小，选项D正确；故选CD.9、BD【解析】依据电场力与速度的夹角关系，可判断电场力对b粒子做正功，而电场力对a粒子做正功，因此两者的动能增大，速度都增大，电势能都减小，故A错误，B正确；由于两电荷所受的电场力的方向相反，故a、b两粒子所带的电荷的电性相反，但不知道场强的方向，无法确定具体电性，故C错误；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受电场力减小，加速度减小，b受电场力增大，加速度增大，故D正确。所以BD正确，AC错误。10、BD【解析】

A．物体在0-2s内受到力F的方向一直向右，因此物体在0-2s一直做加速运动，在2s后力F的方向发生了变化因此物体在2s后继续向右做减速运动，故A错，B．2s时力F的方向发生了变化，有牛顿第二定律可知加速度也发生了变化，故B正确；C．有以上计算可知物体在0-2s内加速运动，一直向前运动，2-4s内做减速运动，一直向前运动，4s时物体减速为0，即0-4s内物体一直向前运动，故C错误．D．F-t的面积表示力F的冲量，因此可知力F在0-2s内的冲量大小和2-4s内的冲量大小相等，对物体在0-4s写动量定理有，故D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACE小灯泡的电阻会随温度的升高而增大0.72【解析】(1)灯泡电压为3V，故电压表应选择3V量程的A；由P=U/I可知，I=P/U=1.5/3=0.5A，故电流表应选择C；由于本实验采用滑动变阻器分压接法，故应选用小电阻E；(2)本实验要求电流从零开始调节，故应采用分压接法，同时因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接法；如图所示；(3)灯泡电阻随温度的升高而增大，因此图象为曲线；当电压为1.8V时，电流为0.4A，则功率P=UI=1.8×0.4=0.72W．【点睛】（1）明确灯泡额定值，从而确定电压表和电流表，再根据实验要求明确采用分压接法，从而明确滑动变阻器的选择；

（2）根据实验原理确定电路接法，从而连接实物图；

（3）根据灯泡电阻的性质分析图象弯曲的原理，再根据图象找出电压为1.8V时的电流，从而求出实际功率．12、ACDFH小于电流表的读数大于流过待测电阻的实际电流【解析】

①[1]电源的电动势为3V，电压表应选D．因采用伏安法测定一段阻值约为6Ω左右的金属丝的电阻，电阻中最大电流约为通过待测金属丝的电流不太大，电流表应选C.因滑动变阻器最大电阻大于待测电阻，考虑变阻器用限流式接法，故可选变阻器F，当然还应选H;所以实验时应选用的器材是ACDFH；②[2]应用伏安法测电阻，即用电压表测电阻两端电压，电流表测通过电阻的电流，小电阻电流表采用外接法，实验电路图如图所示③[3][4]待测电阻阻值较小，所以需用电流表外接，由于电压表的分压作用，测量电流比实际值偏大，电压测量准确，根据可知，测量值偏小.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）2E（4）2U+【解析】

（1）电子在电场中的加速，由动能定理得：eU=mv02所以，（2）设电子的竖直偏移量为y，则根据类平抛运动规律可得：L=v0ty=at2解得（3）当电压U1=2U时，同理有可得：E1=2E（4）由动能定理可得：2eU+eE1y=EKB因为E1=2