北京市2025届物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

北京市2025届物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,直流电源两端的电压保持不变,平行板电容器与电源连接,下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．电容器的电容增大C．极板所带的电荷量减少D．P点与下极板的电势差不变2、下列说法正确的是（）A．库仑定律适用于点电荷，也适用于一切带电体B．根据，当两个电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向于无穷大C．若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2大于q1的静电力D．所以带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍3、如图所示，一重力不计的带电粒子以初速度v0射入水平放置、距离为d的两平行金属板，射入方向沿两极板的中心线，当极板所加电压为U1时，粒子落在A板上的P点，如果将带电粒子的初速度变为2v0，同时将A板向上移动后，使粒子由原入射点射入后仍落在P点，则极板间所加电压U2为（）A．U2=3U1 B．U2=6U1 C．U2=8U1 D．U2=12U14、关于电流强度，下列说法正确的是A．根据可知，I与t一定成正比B．根据可知，当电流I一定时，q与t成正比C．因为电流有方向，所以电流是矢量D．电流强度的单位是库仑5、如图所示，质量为m的带电小球A悬挂在绝缘细线上，且处在场强为E的水平匀强电场中，当小球A静止时，细线与竖直方向成30°角，则小球所带的电量应为（）A． B． C． D．6、如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U，现使B板带正电，则下列判断正确的是A．若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大B．增大两极板之间的距离，静电计指针张角变大C．将A板稍微上移，静电计指针张角将变小D．减小两极板之间的距离，静电计指针张角变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，直线为电源的路端电压与电流的关系图象，直线为电源的路端电压与电流的关系图象，在直线为电阻两端的电压与电流的关系图象．电源、的电动势分别为、，内阻分别为、，将电阻分别接到、两电源上，则A．，B．C．接到电源上，电阻的发热功率得电源的效率都较高D．接到电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低8、已知力F的大小和方向，现将力F分解为互成角度的两个分力F1和F2，在以下四种条件中，哪几种情况下两分力的解是唯一的（）A．已知两个分力的方向B．已知F1的大小和方向C．已知F1的方向和F2的大小D．已知F1和F2的大小9、如图所示，在光滑绝缘的水平桌面上有四个小球，带电量分别为－q、Q、－q、Q四个小球构成一个菱形，－q、－q的连线与－q、Q的连线之间的夹角为α.若此系统处于平衡状态，则正确的关系式可能是()A．cos3α＝ B．cos3α＝C．sin3α＝ D．sin3α＝10、如图，一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直面(纸面)内，且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称．忽略空气阻力．由此可知()A．Q点的电势比P点高B．油滴在Q点的动能比它在P点的大C．油滴在Q点的电势能比它在P点的大D．油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一个小灯泡的额定电压为1.0V，额定电流约为0.5A，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘和研究小灯泡的伏安特性曲线A．电源E：电动势为3.0V，内阻不计；B．电压表V1：量程为0~3V，内阻约为1kΩC．电压表V1：量程为0~15V，内阻约为4kΩD．电流表A1：量程为0~3A，内阻约为0.1Ω；E.电流表A1：量程为0~0.6A，内阻约为0.6Ω；F.滑动变阻器R1：最大阻值为l0Ω，额定电流为0.5A；G.滑动变阻器R1：最大阻值为l5Ω，额定电流为1.0A；H.滑动变阻器R3：最大阻值为l50Ω，额定电流为1.0A；I.开关S，导线若干．实验得到如下数据（I和U分别表示通过小灯泡的电流和加在小灯泡两端的电压）：I/A0.000.110.110.190.340.380.410.450.470.490.50U/V0.000.100.400.600.801.001.101.401.601.801．00①实验中电压表应选用___；电流表应选用___；滑动变阻器应选用____（请填写选项前对应的字母）．②请你不要改动已连接导线，在下面的实物连接图中把还需要连接的导线补上___．闭合开关前，应使变阻器滑片放在最________（填“左”或“右”）端．③在下面坐标中画出小灯泡的U-I曲线_____．④若将本题中的小灯泡接在电动势是1.5V、内阻是1.0的电池两端，则小灯泡的实际功率约为______________（保留两位有效数字）．12．（12分）某物理实验小组用下列器材进行实验描绘一种特殊元件的伏安特性曲线，所测数据记录在表格中：器材有：A．待测元件B．电流表A（0～50mA，内阻约为）C．电压表（0～3V，内阻约为）D．电压表（0～6V，内阻约为）E．滑动变阻器（，2A）F．滑动变阻器（，0.2A）G．学生电源（直流4V）H．开关及导线（1）为了调节方便，尽可能准确测量，电压表应选_______，滑动变阻器应选_______．（填器材序号）（2）在虚线框内画出实验电路图．____（3）在坐标纸上用描点法画出元件的伏安特性（I～U）曲线．________（4）若该元件的最佳工作电压为2.8V，现用电动势为4V，内阻的电源为其供电，则要在电路中串联一个阻值为R＝________的电阻，才能使其处于最佳工作状态．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，有一质量为m=1kg，带电量为-q=-1C的小物块以初速度v0=18m/s沿粗糙水平地面从A处向右滑动．已知空间存在向右的匀强电场，其电场强度为E=5N/C．物块与地面的滑动摩擦因数为μ=0.4，求当物块返回到A处的时间t和速度v．（g取10m/s2）14．（16分）如图，宽度为l=0.8m的某一区域相互垂直的匀强电场E与匀强磁场B，其大小E=2×108N/C，B=10T．一带正电的粒子以某一初速度由M点垂直电场和磁场方向射入，沿直线运动，从N点离开；若只撤去磁场，则粒子从P点射出且速度方向发生了450的偏转．不计粒子的重力，求粒子的电荷量与质量之比．15．（12分）如图所示，电源电动势、内电阻、、均未知，当a、b间接入电阻＝10时，电流表示数为；当接入电阻时，电流表示数为．当a、b间接入电阻＝118时，电流表示数为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由电容器的决定式可判断电容的变化；而电容器两板间电压不变，根据分析板间场强的变化，根据F=qE判断电场力变化，确定油滴运动情况．【详解】电容器两端的电压不变，将上极板上移时，d增大，由电容的决定式，可知C减小，根据Q=UC可知，极板带电量也减小，故B错误，C正确；根据，可知电场强度减小，则电场力减小，故带电油滴将沿竖直方向向下运动，故A错误；根据U=Ed，可知，P点与下极板的距离不变，但E减小，故P点与下极板的电势差减小，故D错误，故选C．【点睛】本题考查电容器的动态分析问题，要明确一直和电源相连，故电压不变；再由决定式及定义式分析电容、电量等的变化．2、D【解析】

A.库仑定律仅适用于点电荷，故A项与题意不相符；B.当两个点电荷距离趋于0时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式，不适用了，故电场力并不是趋于无穷大，故B项与题意不相符；C.两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷q1的电荷量与q2的电荷量大小如何，q1对q2的静电力大小上总等于q2对q1的静电力，故C项与题意不相符；D.根据带电本质可知，所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，任何带电体的电荷量都不是连续变化的，故D项与题意相符．3、D【解析】

由偏转距离y=；加速度a=，运动时间t=，可得：第一次：﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①同理，第二次：﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由以上两式相比可得：U2=12U1则D正确故选D4、B【解析】

A.由电流定义式可知电流与不会成正比，在电荷量一定时，电流与成反比，故选项A不符合题意；B.由电流定义式可知在电流一定时，与成正比，故选项B符合题意；C.电流有大小，有方向，运算的时候遵守代数运算法则，电流是标量，故选项C不符合题意；D.电流强度的单位安培，安培是国际单位制中的基本单位之一，故选项D不符合题意。5、A【解析】

小球受到三个力作用：重力mg、电场力F和细线的拉力T，根据平衡条件得知：F和T的合力与重力mg大小相等、方向相反，根据平衡条件可得解得：故A正确BCD错误。故选A。6、B【解析】

已充电的平行板电容器电量不变.静电计测量电势差的大小,电容器板间的电势差越大,静电计指针张角越大.根据电容器电容的决定分析电容的变化,由电容的决定式分析板间电势差的变化.【详解】A、将玻璃板插入两板之间,电容的决定式可以知道,电容增大,电量不变,由分析可以知道,板间电压减小,静电计指针张角变小.故A错误.B、增大两极板之间的距离,由电容的决定式可以知道,电容减小,电容器的电量不变,由分析可以知道,板间电压增大,静电计指针张角变大.所以B选项是正确的.C.将A板稍微上移时,正对面积减小,由电容的决定式可以知道,电容减小,电量不变,由分析可以知道,板间电压增大,静电计指针张角变大.，故C错；D.减小两极板之间的距离，由电容的决定式可以知道,电容增大,电容器的电量不变,由分析可以知道,板间电压减小，静电计指针张角变小，故D错；故选B【点睛】二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】本题首先要理解电源效率的含义：电源的效率等于电源的输出功率占总功率的百分比．根据欧姆定律得到，电源的效率也等于外电阻与电路总电阻之比．由电源的U–I图象斜率大小等于电源的内阻，比较读出电源内电阻的大小，确定电源的效率关系．当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U–I图线与电源的U–I图线的交点表示工作状态，交点坐标的乘积等于电源的输出功率．由闭合电路欧姆定律可知，图像与U轴的交点表示电动势，则A的电动势较大，图像的斜率表示内阻，则B电源的内阻r较小，A电源的内阻r较大，两个电源的短路电流相同，故AB正确；电源的热功率，由图看出，R接到b电源上，电路中电流较小，b电源的内阻r较小，所以电源的热功率较低，C错误；当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U–I图线与电源的U–I图线的交点表示电阻的工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流，两者乘积表示电源的输出功率，由图看出，R接到a电源上，电压与电流的乘积较大，电源的输出功率较大，由上知，电源的效率较低，故D正确．故选ABD8、AB【解析】

A．已知平行四边形的对角线和两个分力的方向，只能作唯一的平行四边形，即分解唯一，故选项A正确；

B．已知对角线和平行四边形的一条边，这种情况下也只能画唯一的平行四边形，即分解唯一，故选项B正确；

C．已知的方向与F夹角为θ，根据几何关系，若此时无解，即分解不一定是唯一的，故C错误；

D．已知两个分力的大小，根据平行四边形的对称性，此时分解有对称的两解，即分解不是唯一的，故D错误．9、AC【解析】

由题意可知，对左边Q受力分析，如图所示，两负q对Q的库仑力的合力与右边Q对Q的库仑力等值反向设菱形的边长为a，则有：解得：8qsin3α=Q即为对q，有：解得：A.cos3α＝与计算结果相符，故A正确。B.cos3α＝与计算结果不符，故B错误。C.sin3α＝与计算结果相符，故C正确。D.sin3α＝与计算结果不符，故D错误。10、AB【解析】

根据粒子的弯折方向可知，粒子受合力一定指向上方；同时因轨迹关于P点对称，则可说明电场力应竖直向上，粒子带负电，故说明电场方向竖直向下，则可判断Q点的电势比P点高，故A正确；粒子由P到Q过程，合外力做正功，故油滴在Q点的动能比它在P点的大，故B正确；因电场力做正功，故电势能减小，Q点的电势能比它在P点的小，故C错误；因受力为恒力，故PQ两点加速度大小相同，故D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BEF右2.42—2.52【解析】

（1）灯泡额定电压是1V，则电压表选B；灯泡额定电流为2．5A，则电流表选E；为方便实验操作，滑动变阻器应选F．（1）灯泡正常发光时电阻，，，，则电流表采用外接法，由表中实验数据可知，电压与电流从零开始变化，则滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示；闭合开关前，滑片应置于左端．（3）根据表中实验数据，在坐标系中描出对应的点，然后作出灯泡的U-I图象如图所示．（4）电源的电动势为1.5V，电流与路端电压的关系式为：U=E-Ir=1.5-1I；作出电流与路端电压的图线，如图所示；交点坐标即为小灯泡的实际电压和电流，故功率为：P=UI=2.8×2.35=2.18W．【点睛】本题关键要先画出小灯泡的伏安特性曲线和电源的路端电压与电流关系图线，根据交点得到电源的实际输出电压，再计算电功率．【考点】描绘和探究小灯泡的伏安特性曲线12、CE【解析】试题分析：（1）由表格中的数据可知，测量的最大电压是3V，所以选择的电压表是量程3V的；由于测量过程中的电压是从0开始，所以实验使用滑动变阻器的分压式接法，要选择电阻值比较小的．故选CE.（2）待测电阻的电阻值约为：，即待测元件的电阻值小于电流表的电阻值，所以测量电路需要使用电流表外接法．由于测量过程中的电压是从0开始，所以实验使用滑动变阻器的分压式接法．则实验的原理图如图．（3）将表格中的数据先在图中描点，然后用平滑的曲线连接如图；（4）该元件的最佳工作电压为2.8V，由I-U图象可得对应的电流I=32mA，设需要串联一个电阻值为R的电阻，则由闭合电路的欧姆定律有：，解得：.【点睛】对电学实验应明确：①若要求电流从零调时变阻器应用分压式接法．②当待测电阻远小于电压表内阻时，电流表应用外接法．③注意实物图的连接方式．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、8s；6m