河南省平顶山舞钢第一高级中学2025届高二物理第一学期期中经典试题含解析

河南省平顶山舞钢第一高级中学2025届高二物理第一学期期中经典试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在一点电荷Q产生的电场中，一个粒子（带负电荷）通过时的轨迹如图实线所示，图中虚线表示电场的两个等势面a、b，以下说法中正确的是A．点电荷Q可能为正电荷，也可能为负电荷B．运动中粒子总是克服电场力做功C．粒子在a、b两等势面时a的动能一定比b的大D．粒子在经过a、b两等势面上时的a点时的电势能一定比b点时的大2、如图所示，真空中有两个等量的正电荷和，分别固定于、两点，为连线的中垂线，为、两点连线的中点，将一正电荷由点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，下列结论正确的有（）A．电势能逐渐减小 B．电势能逐渐增大.C．受到的电场力逐渐减小 D．受到的电场力逐渐增大3、如图所示，磁场B垂直纸面向内。若将匀强磁场中的一段通电导线在纸平面内转过θ角，则它受到的磁场力的大小将A．增大 B．减小C．不变 D．条件不足，无法确定4、一小型火箭在高空绕地球做匀速圆周运动,若其沿运动方向的相反方向射出一物体P,不计空气阻力,则()A．火箭一定离开原来轨道运动B．P一定离开原来轨道运动C．火箭运动半径可能不变D．P运动半径一定减小5、真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F。如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的2倍，那么它们之间静电力的大小变为（）A．B．C．16FD．4F6、下列说法中正确的是()A．由知，一段导体的电阻与它两端的电压成正比，与通过它的电流强度成反比B．由知，通过一段导体的电流强度与加在它两端的电压成正比C．比较几只电阻的I-U图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的电阻阻值较大D．导体中的电流越大，电阻就越小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电源电动势为E，内电阻r，理想电压表V1、V2示数为U1、U2，其变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2；流经电源的电流为I，其变化量的绝对值为ΔI，在滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化）A．小灯泡L3变暗，L1、L2变亮B．ΔUC．ΔU1>Δ8、如图所示，一水平固定的小圆盘A，带电量为Q，电势为零，从圆盘中心处O由静止释放一质量为m，带电量为的小球，由于电场的作用，小球竖直上升的高度可达盘中心竖直线上的c点，，又知道过竖直线上的b点时，小球速度最大，由此可知在Q所形成的电场中，可以确定的物理量是A．b点场强 B．c点场强 C．b点电势 D．c点电势9、在某次实验中测得一只“6V、3.6W”的小灯泡的伏安特性曲线如图所示．另有一只定值电阻R=10Ω，一电动势E=6V的电源，其内阻不计．将此电源、定值电阻与小灯泡串联成一闭合回路，则此时（）A．该灯泡的阻值为10Ω B．该灯泡的阻值为6ΩC．该灯泡所消耗的功率为0.9W D．该灯泡所消耗的功率为1.4W10、有一上表面粗糙的绝缘长木板放在光滑水平面上，现有质量为m，电荷量为q的物块沿长木板表面以一定的初速度自左向右滑动，由于有方向竖直向下的匀强电场，物块滑至长木板右端时相对木板静止，现仅将电场方向改为竖直向上，物块滑至板中央就相对静止，则A．物块带正电荷 B．物块带负电荷C．匀强电场的场强大小为 D．匀强电场的场强大小为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某实验小组想描绘标有“4V

2W”的小灯泡的U-I图像，除导线和开关外还备有以下器材可供选择:A．电流表A1(量程0.6A，内阻约为1)B．电流表A2(量程3.0A，内阻约为0.2)C．电压表V1(量程5.0V，内阻约为5k)D．电压表V2(量程15.0V，内阻约为15)E.滑动变阻器R1(最大阻值为5，额定电流500)F.滑动变阻器(最大阻值为10，额定电流2.0A)G.电源(电动势为6.0V，内阻约为0.5)(1)实验中所用的电流表应选________;电压表应选________;滑动变阻器应选________.（填所选仪器前面的符号）(2)在虚线框内画出实验的电路图________。12．（12分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线，现有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～15V，内阻20kΩ）C．电流表（0～3A，内阻0.4Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻1Ω）E.滑动变阻器（最大阻值为10Ω，允许最大电流为2A）F.滑动变阻器（最大阻值为500Ω，允许最大电流为1A）G.学生电源（直流6V）、开关、导线若干（1）实验时，选用图甲而不选用图乙所示的电路图来完成实验，其理由是__________：（2）实验中所用电压表应选用_______，电流表应选用________，滑动变阻器应选用________.（用序号字母表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在水平向右的匀强电场中，有一绝缘直杆固定在竖直平面内，杆与水平方向夹角为53°，杆上A、B两点间距为L．将一质量为m、带电量为q的带正电小球套在杆上，从A点以一定的初速度释放后恰好沿杆匀速下滑．已知匀强电场的场强大小为E=．求：（1）轨道与小球间的动摩擦因数μ；（2）从A点运动到B点过程中，小球电势能的变化量．（sin53°=0.8，重力加速度为g）14．（16分）带有等量异号电荷，相距10cm的平行板A和B之间有一个匀强电场，电场强度E=2×104V/m，方向向下，电场中C电距B板3cm，D点距A板（1）C、D两点哪点电势高？两点的电势UCD（2）如果令B板接地（即电势φB=0），则C和D的电势φC和φD各是多少？如果令A板接地，则电势φC和(3)一个电子从点C移动到点D，静电力做多少功？如果使电子先移动到点P.再移到点D.静电力做的功是否会发生变化.15．（12分）如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接，在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场．现有一质量为m、电荷量为＋q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场(P点恰好在A点的正上方，如图所示，小球可视为质点，小球运动到C点之前电荷量保持不变，经过C点后电荷量立即变为零)．已知A、B间距离为2R，重力加速度为g，在上述运动过程中，求：（1）小球经过C点的速度大小（2）小球经过半圆轨道上与圆心O等高处D点的速度大小（3）电场强度E的大小（4）小球在圆轨道上运动时的最大速率

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

由题中“在一点电荷Q产生的电场中”可知，本题考查点电荷电场强度分布和等势面，根据点电荷电场线的特点可分析本题。【详解】A．曲线运动的合力一定指向曲线的内侧，由图可知，粒子的轨迹向左弯曲可以知道，受到了斥力，而粒子带正电，说明Q一定是正电荷，故A错误；B．由图可知，运动中粒子在靠近正电荷时，电场力做负功，而远离时，电场力做正功，故B错误；CD．从a等势面到b等势面运动过程中，粒子在靠近正电荷，电场力做负功，故电势能增加，动能减小，故C正确，D错误。2、A【解析】

由题可知，q1、q2是两个等量的正电荷，DC为A、B连线的中垂线，作出CD线上的电场线，根据电场线方向判断正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势的变化，由电场力做功正负判断其电势能的变化，运用极限法判断场强的变化，确定电场力的变化．【详解】AB、两个等量正电荷产生的电场如图所示：由此可见，正电荷由点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，电场力做正功，电势能减小，故A正确，B错误；CD、由上图可以得知，点电场强度为零，由点沿中垂线至无穷远的过程中，电场强度先增大后减小，所以受到的电场力先增大后减少，故C、D错误；故选A．3、C【解析】

开始时，直导线与磁场垂直，所受的安培力等于BIL，当通电导线在纸平面内转过θ角时，直导线仍与磁场垂直，则安培力仍为BIL；A．增大，与结论不相符，选项A错误；B．减小，与结论不相符，选项B错误；C．不变，与结论相符，选项C正确；D．条件不足，无法确定，与结论不相符，选项D错误；故选C.4、A【解析】试题分析：若其沿运动方向的相反方向射出一物体P,根据动量守恒定律可得，火箭的速度一定增大，将做离心运动，半径一定变化，A正确，C错误，若沿反方向以和火箭相同的速度射出物体P，则物体P将沿圆轨道运动，不改变半径，BD错误故选A考点：考查了动量守恒定律，万有引力定律的应用点评：做本题的关键是知道射出物体后，火箭的速度一定增大，做离心运动，5、D【解析】由库仑定律的可得原来它们之间的库仑力为：；变化之后它们之间的库仑力为：故ABC错误，D正确。故选：D6、B【解析】

A．导体的电阻与它两端的电压和通过它的电流强度无关，选项A错误；B．由知，通过一段导体的电流强度与加在它两端的电压成正比，选项B正确；C．比较几只电阻的I-U图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的电阻阻值较小，选项C错误；D．导体的电阻由导体本身决定，与导体中的电流无关，选项D错误；故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L1变亮．变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则L3变暗．总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮．故A正确．根据欧姆定律得ΔU2ΔI=R1，不变，故B正确．由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V1的示数增大，由于路端电压减小，即两电压表示数之和减小，所以△U1＞△U1．故C正确．由U1=E-I（RL1+r）得：ΔU1ΔI=RL1+r点睛：本题是电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”思路进行分析．运用总量法分析两电压表读数变化量的大小．运用欧姆定律定量分析电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值变化，这是常用的方法．8、AD【解析】速度最大时合力为0，据受力可得电场力，即可以确定b点场强，A对．由O到C列动能定理可知OC间电势差，即可确定c点电势，D对．9、BD【解析】

在I-U图象中作出等效电源（E=6V，r=R=6Ω）的伏安特性曲线，如图所示；由图可知，灯泡的工作电压为3V，电流为0.48A；则灯泡的的电阻：；功率P=UI=3×0.48≈1.4W；故选BD.10、BD【解析】

摩擦力总是阻碍物块与木板间的相对运动，根据题意，第二种下物块与木板的相对位移小于第一种情况下的相对位移，说明第二种情况下物块所受的摩擦力较大，由公式f=μN知，第二情况下正压力较大，所以第二情况下电场力应向下，物块应带负电，选项B正确，A错误；设木板的质量为M，长为L，物块的初速度为v1．物块和木板组成的系统，水平方向不受外力，动量守恒，设物块与木板相对静止时的速度大小为v，则有mv1=（m+M）v；第一种情况：场强向下，A、B所受的合力大小为F1=μ（mg-qE）根据能量守恒得：对A：F1L=mv12-(M+m)v2

①

第二种情况：场强向上，A、B所受的合力大小为F2=μ（mg+qE）；根据能量守恒得：对A：F2•=mv12-(M+m)v2

②

由①②得

μ（mg-qE）L=μ（mg+qE）

解得：，选项C错误，D正确；故选BD．【点睛】本题是滑块在木板滑动的类型，分析受力情况，确定电场力的方向是关键．运用动量守恒和能量守恒是常用的思路．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACF【解析】

(1)[1]小灯泡额定电流：，故电流表应选A1，即A；[2]灯泡额定电压为4V，则电压表应选V1，即C；[3]为方便实验操作，保证电路安全，滑动变阻器R1的额定电流太小，滑动变阻器应选择：R2；(2)[4]灯泡正常工作时的电阻，远小于电压表内阻，属于小电阻，所以电流表采用外接法，电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器需采用分压式接法，电路图如图所示．12、(1)描绘灯泡的I-U图线所测数据需从零开始，并要多取几组数据；(2)A，D，E【解析】

（1）[1]描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，并要多取几组数据，滑动变阻器应选择分压接法；（2）[2]灯泡额定电压为4V，电压表应选A；[3]灯泡额定电流电流表应选D；[4]为方便实验操作，滑动变阻器应选择总阻值较小的E。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.29（2）0.45mgL【解析】

（1）圆环的受力情况如图所示其中，电场力F=Eq沿杆方向：mgsin53°=Eqcos53°+f垂直于杆方向：Eqsin53°+mgcos53°=N得：f=mgsin53°-Eqcos5