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文档简介

2025届贵阳市物理高三上期中综合测试试题注意事项1.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他答案.作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效.5.如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、一辆汽车在平直公路上做刹车实验,若从0时刻起汽车在运动过程中的位移与速度的关系式为x=(10-0.1v2)m,则下列分析正确的是()A.上述过程的加速度大小为10m/s2 B.刹车过程持续的时间为5sC.0时刻的初速度为10m/s D.刹车过程的位移为5m2、如图所示,一定质量的物体用轻绳AB悬挂于天花板上,用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O,用T表示绳OB段拉力的大小,在O点向左移动的过程中()A.F逐渐变大,T逐渐变大 B.F逐渐变大,T不变C.F逐渐变小,T不变 D.F逐渐变小,T逐渐变小3、如图所示,水平细杆上套一球A,球A与球B间用一轻绳相连,质量分别为和,由于B球受到水平风力作用,球A与球B一起向右匀速运动.已知细绳与竖直方向的夹角为,则下列说法中正确的是()A.球A与水平细杆间的动摩擦因数为B.球B受到的风力F为C.风力增大时,若A、B仍匀速运动,轻质绳对球B的拉力保持不变D.杆对球A的支持力随着风力的增加而增加4、几个做匀变速直线运动的物体,在时间内位移一定最大的是()A.加速度最大的物体 B.初速度最大的物体C.末速度最大的物体 D.平均速度最大的物体5、如图,将一根长为L的弹性细绳左右两端固定在同一水平线上相距为L的M、N两点时,弹性细绳恰为自然长度,现将一重量为G的钩码挂在绳上P点,钩码挂钩光滑,静止时MPN恰构成一正三角形.假设弹性细绳中的弹力与弹性细绳的伸长之间的关系遵循胡克定律,弹性细绳没超过弹性限度,则弹性细绳的劲度系数为A. B. C. D.6、如图所示,水平面内有一个匀强电场,在该平面内有一个以O为圆心,R为半径的圆,其中AB为圆的直径,C、D为圆上两点,且∠CAB=∠DAB=60°.一个带电量为+q的粒子,以初速度v从A点三次沿不同的方向射出,分别运动到B、C、D三点,粒子到达C点的速度为v,到达B点的速度为v.不计粒子重力,若粒子到达D点的速度大小为,匀强电场的场强大小为E,则()A.;B.;C.;D.;二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,小金属块Q放在有光滑小孔的水平桌面上,轻质细线一端固定在Q上,另一端穿过小孔连接金属小球。保持金属块Q静止,让小球先后在P、P'两个水平面内做匀速圆周运动。小球在P平面时A.Q受到桌面的支持力较大B.Q受到桌面的静摩擦力较小C.小球运动的角速度较小D.小球运动的向心加速度较大8、如图所示,长均为的两正对平行金属板MN、PQ水平放置,板间距离为,板间有正交的竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场,一质量为的带电粒子从MP的中点O垂直于电场和磁场方向以射入,恰沿直线从NQ的中点A射出;若撤去电场,则粒子从M点射出(粒子重力不计)。以下说法正确的是()A.该粒子带正电B.若撤去电场,则该粒子运动时间为原来的倍C.若撤去磁场,则该粒子在运动过程中电势能增加D.若撤去磁场,则粒子射出时的速度大小为9、水平地面上有一木箱,木箱与地面之间的动摩擦因数为.现对木箱施加一拉力F,使木箱做匀速直线运动.设F的方向与水平面夹角为,如图,在从0逐渐增大到90°的过程中,木箱的速度保持不变,则()A.F先减小后增大 B.F一直增大C.F的功率减小 D.F的功率不变10、如图,长为2L的轻杆两端分别固定质量均为m的两小球P、Q,杆可绕中点的轴O在竖直平面内无摩擦转动.若给P球一个大小为的速度,使P、Q两球在竖直面内做匀速圆周运动.不计空气阻力,重力加速度为g,下列说法正确的是A.Q球在运动过程中机械能守恒B.P从最高点运动到最低点过程中杆对其做功为2mgLC.水平位置时杆对P的作用力大小为D.Q到达最高点时杆对其作用力大小为mg三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)在“验证力的平行四边形定则”实验中,某同学的实验情况如图所示,其中A为固定橡皮筋的图钉,O为橡皮筋与细绳的结点,OB和OC为细绳.(1)本实验中,采用下列哪些方法和步骤可以减小实验误差________.A.两个分力、间的夹角尽量小些B.两个分力、间的夹角尽量大些C.橡皮筋的细绳要尽量短一些D.实验中,弹簧秤必须与木板平行,读数时视线要正对弹簧秤刻度(2)本实验采用的是等效替代法,但若将细绳也换成橡皮筋,则实验结果是否会发生变化?答:_________________(选填“变化”或“不变化”).(3)若保持结点O的位置及OB绳方向不变,而将OC顺时针缓慢转动一小角度,其他操作均正确,则______________.A.弹簧秤甲的示数不变B.弹簧秤甲的示数一直减小C.弹簧秤乙的示数可能增大D.弹簧秤乙的示数一定先减小后增大12.(12分)如图是利用DIS完成“用单摆测定当地重力加速度”实验.实验时,先量出摆球的半径与摆线的长度.单摆摆动后,点击“记录数据”.摆球每经过平衡位置时记数1次,第1次记为“0”,当记数为“50”时,点击“停止记录”,显示时间为.(1)则该单摆振动周期为______________.(2)图示摆线上端的悬点处,用两块木片夹牢摆线,再用铁架台的铁夹将木片夹紧,是为了(_______)A.便于测量单摆周期B.便于测量摆长时拉紧摆线C.保证摆动过程中摆长不变D.保证摆球在同一竖直平面内摆动(3)若某组同学误以摆线的长度作为纵坐标,以单摆周期的平方作为横坐标,作出的图像.其他操作测量都无误,则作出的图线是上图中的_________(选填“1”、“2”或“3”).(4)现发现三组同学作出的图线分别是1、2和3,但测出的斜率都为,是否可以根据斜率求出当地的重力加速度?___________.(若不可以求出,填“否”;若可以求出,请填重力加速度的表达式).四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图甲所示,边长L=2.5m、质量m=0.5kg的正方形金属线框,放在光滑绝缘的水平面上,整个装置处在方向竖直向上、磁感应强度为B=0.8T的匀强磁场中,它的一边与磁场的边界MN重合.在水平力F的作用下,线框由静止开始向左运动,经过5s被拉出磁场区域,此过程中利用电流传感器测得线框中的电流强度I随时间t变化的图象如图乙所示.则在这过程中:(1)由图乙可得出通过线框导线截面的电荷为多少,I与t的关系式;(2)求出线框的电阻R;(3)试判断说明线框的运动情况,并求出水平力F随时间t变化的表达式.14.(16分)如图所示,从A点水平抛出的小物块,到达斜面顶端B处时,其速度方向恰好沿斜面向下,然后沿倾角为的固定斜面滑下,小物块到达C点时速度恰好为,因受到微小扰动,小物块滑上与斜面平滑对接的四分之一光滑圆弧轨道上。已知圆弧轨道的半径,圆心O在C点的正下方,小物块的质量,平抛运动的水平位移,斜面长,取,,,不计空气阻力,求:(1)小物块从点抛出的初速度的大小;(2)小物块沿斜面滑下过程中克服摩擦力做的功;(3)若小物块沿圆弧轨道滑到P点时脱离轨道,求P点离D点的高度。15.(12分)如图所示,间距为L、电阻不计的光滑导轨固定在倾角为θ的斜面上.在区域Ⅰ内有方向垂直于斜面的匀强磁场,磁感应强度为B,在区域Ⅱ内有垂直于斜面向下的匀强磁场,其磁感应强度Bt的大小随时间t变化的规律如图所示.t=0时刻在轨道上端的金属细棒ab从如图位置由静止开始沿导轨下滑,同时下端的另一金属细棒cd在位于区域Ⅰ内的导轨上由静止释放.在ab棒运动到区域Ⅱ的下边界EF处之前,cd棒始终静止不动,两棒均与导轨接触良好.已知ab棒和cd棒的质量均为m,电阻均为R,区域Ⅱ沿斜面的长度为2L,在t=tx时刻(tx未知)ab棒恰进入区域Ⅱ,重力加速度为g.求:(1)当ab棒在区域Ⅱ内运动时cd棒消耗的电功率;(2)求ab棒在区域Ⅱ内运动时cd棒上产生的热量;(3)ab棒开始下滑至EF的过程中流过导体棒cd的电量.

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

AC.根据公式和位移与速度的关系式为x=(10-0.1v2)m,解得:a=-5m/s2,v0=10m/s负号表示与运动方向相反,故A正确,C正确。B.刹车时间=2s故B错误;D.刹车位移为故D错误。故选C.2、B【解析】以结点O为研究对象受力分析如下图所示:

由题意知点O缓慢移动,即在移动过程中始终处于平衡状态,则可知:

绳OB的张力TB=mg

根据平衡条件可知:

Tcosθ-TB=0

Tsinθ-F=0

由此两式可得:

F=TBtanθ=mgtanθ

在结点O被缓慢拉动过程中,夹角θ增大,由三角函数可知:F和T均变大,故A正确,BCD错误.故选A.3、B【解析】

先对球B受力分析,受重力、风力和拉力,根据共点力平衡条件列式分析;对A、B两物体组成的整体受力分析,受重力、支持力、风力和水平向左的摩擦力,再再次根据共点力平衡条件列式分析各力的变化.【详解】对球B受力分析,受重力、风力和拉力,如图:风力为,绳对B球的拉力为,把环和球当作一个整体,对其受力分析,受重力、支持力N、风力F和向左的摩擦力f,如图,根据共点力平衡条件可得:杆对A环的支持力大小:、,则A环与水平细杆间的动摩擦因数为,B正确A错误;当风力增大时,增大,则T增大.C错误;对整体分析,竖直方向上杆对环A的支持力,不变,D错误.【点睛】本题考查受力分析以及共点力的平衡条件应用,要注意明确整体法与隔离法的正确应用.

①整体法:以几个物体构成的整个系统为研究对象进行求解.在许多问题中用整体法比较方便,但整体法不能求解系统的内力.

②隔离法:从系统中选取一部分(其中的一个物体或两个物体组成的整体,少于系统内物体的总个数)进行分析.隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析.

③通常在分析外力对系统作用时,用整体法;在分析系统内各物体之间的相互作用时,用隔离法.有时在解答一个问题时要多次选取研究对象,需要整体法与隔离法交叉使用1、当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时,宜用整体法;而在分析系统内各物体(或一个物体各部分)间的相互作用时常用隔离法.

2、整体法和隔离法不是独立的,对一些较复杂问题,通常需要多次选取研究对象,交替使用整体法和隔离法.4、D【解析】

A.根据,可知加速度最大的物体,位移不一定最大。故A不符合题意。BC.根据,可知初速度最大或末速度最大的物体,位移不一定最大。故BC不符合题意。D.根据,可知平均速度最大的物体,位移一定最大。故D符合题意。5、C【解析】

橡皮条伸长量为:△x=2L-L=L钩码受重力和两个拉力,两个拉力与竖直方向的夹角为30°,根据平衡条件,有:2Fcos30°=G解得:根据胡克定律,劲度系数为:A.与计算结果不符,故A错误。B.与计算结果不符,故B错误。C.与计算结果相符,故C正确。D.与计算结果不符,故D错误。6、A【解析】由动能定理得,;,,故,故,得,AD两点电势相等,,故A正确,BCD错误.故选:A点睛:根据电场力做功可得O、C电势相等,再根据动能定理即可求解.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解析】

A.金属块Q保持在桌面上静止,根据平衡条件得知,Q受到桌面的支持力等于其重力,保持不变。故A不符合题意。

BC.设细线与竖直方向的夹角为θ,细线的拉力大小为T,细线的长度为L。P球做匀速圆周运动时,由重力和细线的拉力的合力提供向心力,如图,则有拉力为:根据牛顿第二定律:mgtanθ=mω2Lsinθ,解得角速度:使小球改到一个更低一些的水平面上作匀速圆周运动时,θ减小,cosθ增大,则细线拉力T减小,角速度减小。对Q球,由平衡条件得知,Q受到桌面的静摩擦力将减小。故BC符合题意。D.根据牛顿第二定律:mgtanθ=ma,可得小球运动的向心加速度为:a=gtanθθ减小,tanθ减小,所以向心加速度较小。故D不符合题意。8、AD【解析】

A.撤去电场后,粒子做匀速圆周运动,粒子从M点射出;则在初位置,洛仑兹力向上,根据左手定则,粒子带正电荷,故A正确;B.匀速直线运动过程,有:圆周运动过程,有:则有:故B错误;C.若撤去磁场,则该粒子做类平抛运动,电场力做正功,电势能减小,故C错误;D.撤去磁场,粒子做类平抛运动,根据运动的合成与分解则有:匀速运动时,洛伦兹力与电场力平衡,则有:圆周运动过程,洛伦兹力提供向心力,则有:联立解得:故粒子射出时的速度大小:故D正确。9、AC【解析】由于木箱的速度保持不变,因此木箱始终处于平衡状态,受力分析如图所示,则由平衡条件得:,两式联立解得,可见F有最小值,所以F先减小后增大,A正确;B错误;F的功率,可见在从0逐渐增大到90°的过程中tan逐渐增大,则功率P逐渐减小,C正确,D错误.10、CD【解析】试题分析:两个小球在运动的过程中受重力和杆的弹力作用,杆的弹力和重力的合力提供向心力,故小球在最高点与最低点时杆的弹力的方向一定与杆平行,但可能与杆同向,也可能与杆反向.最低点时方向肯定向上.解:A、由于两个小球的质量相等,所以P、Q两球在竖直面内做匀速圆周运动,两球在运动的过程中,二者的总重力势能保持不变,但单个的小球的重力势能不断变化,Q球在运动过程中机械能不守恒.故A错误;B、P从最高点运动到最低点过程中动能不变,重力对其做功是mg•2L,所以杆对其做功为﹣2mgL.故B错误;C、在水平位置时,杆的弹力和重力的合力提供向心力,受力如图,则:.故C正确;D、Q到达最高点时,设在最高点时,假设杆的作用力向下,根据向心力公式得:mg+T=解得:T=mg.故D正确故选CD.【点评】该题中P与Q的质量是相等的,所以系统的力矩平衡,两球都做匀速圆周运动,要注意杆对小球可以是拉力,可以是支持力,要注意对小球的受力分析.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、D不变化BC【解析】

(1)根据平行四边形定则可知夹角太小将会导至合力过大,导致一个弹簧拉时可能超过量程,故夹角不能太小或太大,适当即可,故AB错误;为了准确记下拉力的方向,故采用两点描线时两点应尽量距离大一些,故细绳应长些,故C错误;为了防止出现分力的情况,应让各力尽量贴近木板,且与木板平行,同时,读数时视线要正对弹簧秤刻度,故D正确;故选D.(2)由于O点的作用效果相同,将两个细绳套换成两根橡皮条,不会影响实验结果(3)对点o受力分析,受到两个弹簧的拉力和橡皮条的拉力,保持结点O的位置及OB绳方向不变,其中橡皮条长度不变,其拉力大小不变,弹簧秤甲的示数一直减小,弹簧秤乙的示数可能增大,也有可能减小,故AD错误,BC正确;故选BC.【点睛】本题考查验证力的平行四边形定则,要了解具体操作和有关数据处理的方法以及误差分析,了解整个实验过程的具体操作,以及这些具体操作的意义,同时要熟练应用所学基本规律来解答实验问题.12、C3【解析】

(1)当记数为“50”时,单摆全振动的次数为25,显示时间为t,则周期为.(2)图示摆线上端的悬点处,用两块木片夹牢摆线,再用铁架台的铁夹将木片夹紧,是为了保证摆动过程中摆长不变,故选C.(3)根据,则,解得,则作出的图线是上图中的3.(4)由上述表达式可知,,解得g=4π2k.【点睛】此题考查单摆测定重力加速度的原理:单摆的周期公式,还要知道:摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动;摆长等于摆线的长度加上摆球的半径,为减小误差应保证摆线的长短不变;单摆在摆动的过程中,摆长不能发生变化.在最低点,速度最快,开始计时误差较小;会用图像法处理实验数据.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)1.25C,(2)4Ω(3)【解析】(1)I-t图线与横轴所围的面积在数值上等于通过线框截面的电荷量q,即有:q=×0.5×5C=1.25C

由I-t图象可知,感应电流I与时间t成正比,有:I=kt=0.1tA

(2)由,,△Φ=BL2,q=△t

联立得:

则电阻:;

(3)设在某时刻t,线框的速度为v,则线框中感应电流:

结合(1)中I=kt=

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