物理-黑龙江省龙东联盟2022级（2025届）高三年级上学期11月月考试题试题和答案

龙东联盟2022级高三学年上学期11月月考(物理试题)一、选择题(本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求每题4分，第8～10题有多项符合题目要求选全得6分，漏选得3分，有错选不得分)1.第33届奥运会于2024年7月26日在法国巴黎隆重举行，关于田径项目，下列叙述中正确的是A.铅球运动员的成绩19m27是位移B.径赛中的100m和200m都是指位移C.研究跳高运动员过杆动作时，运动员不能看成质点D.奥运选手400m比赛的平均速度有可能大于普通运动员200m比赛的平均速度2.《黑神话：悟空》是2024年全球大卖的中国3A大作，如果悟空的金箍棒可以长到地球直径的高度，把金箍棒立在地面上，若变长的金箍棒质量分布均匀，则金箍棒的质心在中点0处，那么金箍棒的重心位置()A.在0点处B.在0点上方，比0点更远离地球C.在0点下方，比0点更靠近地球D.无法确定在0点上方还是下方3.在哈大高速公路上的一些特定点位置安装了一些固定雷达测速仪，用来抓拍车辆超速，以及测量运动过程中的加速度.若M为测速仪，N为汽车，两者相距345m,某时刻M发出超声波，同时N由于紧急情况而急刹车，当M接收到反射回来的超声波信号时，N恰好停止，且此时M、N相距325m,已知声速为330m/s,则汽车刹车过程中的加速度大小为()A.15m/s²B.10m/s²C.5m/s²D.2m/s²4.一个固定斜面倾角θ=30°,斜面上有C、0、B三点，其中C0,OB的长度为s,在0点处有一长为s的直杆A0。从A端与C,B点间各连有一光滑的钢绳，且各穿有一钢球(视为质点),将两球从A点同时由静止释放，分别沿两钢绳滑到钢绳末端，如图所示，不计一切阻力影响，则小球在钢绳上滑行的时间tac:tm为()5.某综艺节目进行“徒手抓金砖”的挑战。梯形金砖水平静置在桌面上，窄面在上宽面在下，金砖截面图如图所示。金砖的纵截面为上窄下宽的梯形，参赛者要求单手捏住金砖摩擦因数为0.4,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取10m/s²,sin71°≈0.95,cos71°=0.33,若要缓慢竖直拿起金砖，挑战者对a侧面的压力至少约为()A.1500NB.2000NC.2500ND.3000N6.如图所示，水平面上固定一个平台，上面有一个固定的光滑圆弧轨道AB,0为圆心，OB竖直，∠AOB=60°,轨道半径6m,在圆弧A点固定一个光滑小滑轮(图中未画出),有两个小球P,Q质量分别为m1=6kg、m2=2kg,通过轻绳连接并跨过小滑轮。开始时P球紧挨着滑轮静止释放，当P球到达圆弧B点时，Q球还未到达滑轮处，g=10m/s²求：小球P到达B点时的速度大小()A.√15m/sB.4m/sC.√30m/sD.√32m/s7.水平桌面上有四个质量均为m的小车，模型简化如图所示，其中1号小车有动力。小车从静止开始以额定功率P行驶，达到最大速度匀速运动。若1号小车运动过程受到前方阻力作用，为了研究方便假设小车碰到空气前，空气的速度为零，碰到空气后，空气速度立即与小车相同，已知空气密度为P,小车迎风截面积(垂直运动方向上的投影面积)为S,不计其他阻力(2,3,4号车的阻力都不计)。当小车由静止达到最大速度三分之一时，1号车对2号车的力为()B.8.如图所示，在质量为M的物体内有光滑的圆形轨道，有一质量为m的小球在竖直平面内沿圆轨道做圆周运动，A与C两点分别是轨道的最高点和最低点，B、D两点与圆心0在同一水平面上.在小球运动过程中，物体M静止于地面，则关于物体M对地面的压力R和地面对物体M的摩擦力方向，下列说法正确的是()C.小球运动到C点时，F>(M+m)g,地面对M无摩擦ZZZZ甲甲h。7 如图所示情况.于是他进一步测得∠MOP=α,∠NOP=β,若想重新验证该碰撞过程沿OP方向动 (1)木板P刚到B点时速度的大小；解析：因为质量分布均匀，但重力加速度约靠近地球越大，f=μF2fsinθ=2Fcosθ+mg解得挑战者对a侧面的压力至少约为2gR解析：根据题意，设列车的最大速度为vm，列车对空气的阻力为f，由动量定理有f=PSvP=fvmvm'3f-f1=4ma解析：小球在A点时，系统在水平方向不受力的作用，所以地面对M没有摩擦力的作上，所以物体M对小球的支持力要大于小球的重力，故M受到的小球的压力大于mg，那么M对地面的压力就要大于(M＋m)g，系统在水平方向上不受力，则地面对M没有摩擦力，C项正确；小球在D点和B点的受力类似，M对小球的弹力向左，则小球对M的弹力向右，,C两项.g,解析1）系统的末速度为则系统重力势能的减少量系统动能的增加量为2若系统机械能守恒，则有（2）根据牛顿第二定律得，系统所受的合力为mg，则系统加速度为mgg2M+m当m不断增大，则a趋于g。12.答案（1）C（2分）（2）m1x0=m1x1+m2x2（2分）（3）m1x0=m1x1cosα+m2x2cosβ（2分）m1x=m1x+m2x（2分）（4）0.33（2分）解析1）A选项，为保证该碰撞是对心碰撞，两球半径应当相同，A错误；B选项，实验装置中的铅垂线是用来确定O点位置的，不是用来判定斜槽末端是否水平的，B错误；C选项，只需保证每次释放钢球的位置相同，即可保证钢球的入射速度不变，与斜槽是否光滑无关，C正确；D选项，实验过程中复写纸位置发生变化不影响实验，不需要重做，D错误；故答案选C. （2）设小球平批的竖直位移为H，则碰撞前钢球A的速度v0=x0·,碰撞后钢球A和玻璃球B 的速度分别为v1=x1\、v2=x2，要验证该过程动量守恒，则需验证m1v0=m1v1化简得m1x0=m1x1+m2x2.m1x0=m1x1cosα+m2x2cosβ;验证该碰撞过程前后动能相等，即m1v=1m1v+1m2v，化简可x.（4）先定性分析，如果碰撞是弹性的，则P一定在M、N之间：如果碰撞是完全非弹性的，则M和N重合．由此可知，当碰撞过程机械能损失很小时落点P在M、N之间，当碰撞过程机械能损失较大时，落点N位于M、P之间，临界情况是N、P重合，即有v2=v0．又因为m1v0=m1v1+m2v2，且解析(1)设质点经过A、B两点时的速度为vA、vB,当Δt足够小时,vA、vB的夹角θ就足够小,θ角所对的弦和弧的长度就近似相等。因此在Δt时间内,速度方向变化的角度将此式代入加速度定义式a=Δv并把v=ωr代入,可得向心加速度大小的表达式为Δt,上式也可以写成an=（1分）此时可以把物体的运动看成是半径为ρ的圆周运动,物体只受重力,根据牛顿第二定律可得mg=m（2分）33＋8v33·m解析(1)小球从静止到第一次到达最低点的过程，根据机械能守恒定律有：小球刚到最低点时，根据圆周运动规律和牛顿第二定律有：FN－mg＝m（2分）据牛顿第三定律可知小球对金属槽的压力为：FN′＝FN（1分）(2)小球第一次到达最低点至小球到达最高点过程，小球和金属槽水平方向动量守恒，选取向右为正方设小球到达最高点时与金属槽圆弧最低点的高度为h.根据能量守恒定律有：mgh＝mv02－(m＋M)v2（2分） 联立解得M＝m.（1分）15.解析1）从两木板由静止释放到木板P刚到B点，对两木板组成的整体，根据动能定理解得vB=2gLsinθ（1分）（2）木板P刚好完全进入BC段时，对两木板组成的整体对木板Q，根据牛顿第二定律mgsinθ—N=ma（1分）解得N=mgsinθ（1分）（3）木板P、Q进入BC段时仍相对静止，所受摩擦力大小随着进入BC的长度线性增加，从两木板由静止释放到木板P刚到C点，对两木板组成的整体,解得vC木板P开始冲出C点后，木板P加速，木板Q匀速，两者分离，木板P滑过C点过程mgLsinθ+|(2.L,解得从木板P到达C点到Q板离开C过程中，木板P通过C点的时间与木板Q