2025届衡水市重点中学物理高二上期中达标检测试题含解析

2025届衡水市重点中学物理高二上期中达标检测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、真空中两静止点电荷相距3m，其电荷量分别为q1=2×10﹣4C，q2=3×10﹣5C，静电力常量k=9.0×109N·m2/C2，则两点电荷之间的库仑力F为()A．9NB．10NC．6ND．3N2、一根粗细均匀的导线，当其两端电压为U时，通过的电流是I，若将此导线均匀拉长到原来的2倍时，电流仍为I，导线两端所加的电压变为()A．U／2 B．U C．2U D．4U3、如图，质量为m的人在质量为M的平板车上从左端走到右端，若不计平板车与地面的摩擦，则下列说法正确的是（）A．人在车上行走时，车将向右运动B．当人停止走动时，由于车的惯性大，车将继续后退C．若人越慢地从车的左端走到右端，则车在地面上移动的距离越大D．不管人在车上行走的速度多大，车在地面上移动的距离都相同4、两颗人造卫星绕地球做匀速圆周运动，轨道半径之比为1：4，则两颗卫星的()A．线速度大小之比为1:2B．角速度大小之比为8:1C．运行的周期之比为D．向心加速度大小之比为4:15、带负电的粒子在电场中仅受电场力的作用做匀速圆周运动，关于该电场下列说法中正确的是()A．一定是一个正点电荷形成的电场B．可能是一个负点电荷形成的电场C．可能是两个等量正点电荷形成的电场D．可能是两个等量异种点电荷形成的电场6、如图所示，导体AB的长为2R，绕O点以角速度ω匀速转动，OB长为R，且OBA三点在一条直线上，有一磁感应强度为B的匀强磁场充满转动平面，且与转动平面垂直，那么A、B两端的电势差为()A．BωR2 B．2BωR2C．4BωR2 D．6BωR2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路，当滑线变阻器滑片P由a滑到b的过程中，三只理想电压表示数变化的绝对值分别为、、，则下列各组数据中可能出现的是（）A．、、B．、、C．、、D．、、8、如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，匀强电场的电场强度为E，方向竖直向下，有一质子（重力不计）恰能以速率沿直线从左向右沿直线水平飞越此区域．下列说法正确的是()A．若一电子以速率v从左向右飞入，则该电子将向上偏转B．若一电子以速率v从左向右飞入，则该电子将沿直线运动C．该质子通过此区域的速度D．该质子通过此区域的速度9、如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，、两点分别是圆周的最高点和最低点，则（）A．小球经过点时，线中的张力最小B．小球经过点时，电势能最小C．小球经过点时，电势能最小D．小球经过点时，机械能最小10、下列图中，绝缘细绳一端固定在天花板，一端系一质量为ｍ的带正电小球，为了使小球能静止在图中所示位置，可加一个与纸面平行的匀强电场，所加电场方向可能是：A． B． C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一同学测量某干电池的电动势和内阻。(1)下图所示是该同学正准备接入最后一根导线图中虚线所示时的实验电路。请指出图中在器材操作上存在的不妥之处(一处即可)_____________________。(2)实验测得的电阻箱阻值R和电流表示数I，以及计算的数据见下表：根据表中数据，在答题卡的方格纸上作出R-1I关系图象由图象可计算出该干电池的电动势为______V；内阻为______。(保留两位有效数字)为了得到更准确的测量结果，在测出上述数据后，该同学将一只量程为100mV的电压表并联在电流表的两端。调节电阻箱，当电流表的示数为0.33A时，电压表的指针位置如右图所示，则该干电池内阻应为______。（保留两位有效数字）12．（12分）在测电源电动势和内阻的实验中，经常用到如图1所示的两种电路图．（1）在测定一节干电池的电动势和内阻时，为尽量减小实验误差，应选择图1中的______（选填“甲”或“乙”）电路，现有电流表（）、开关、导线若干，以及以下器材：A．电压表（）B．电压表（）C．滑动变阻器（）D．滑动变阻器（）实验中电压表应选用______，滑动变阻器应选用______；（选填相应器材前的字母）（2）某同学在实验时，分别利用图1中的甲、乙两个电路图对待测电源进行了测量，并根据实验数据分别绘制出了相应的图，如图2所示，则直线______（选填“a”或“b”）对应图1中甲电路的测量数据；根据两条图，该电源电动势的准确值______，内阻的准确值______（用、、、表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一带正电小球，由空中A点以初速度v0水平抛出，落地时速度方向与初速度方向夹角为θ1＝45°.若在整个空间施加竖直向下的电场，电场强度为E＝2mgq，小球仍由A(1)A点距离地面的高度；(2)加电场后，落地时速度方向与v0之间的夹角θ2.14．（16分）如图（a）所示，水平放置的平行金属板AB间的距离d=2．2m，板长L=2．3m，在金属板的左端竖直放置一带有小孔的挡板，小孔恰好位于AB板的正中间，距金属板右端x=2．5m处竖直放置一足够大的荧光屏，现在AB板间加如图（b）所示的方波形电压，已知U2=2．2×222V，在挡板的左侧，有大量带正电的相同粒子以平行于金属板方向的速度持续射向挡板，粒子的质量m=2．2×22-7kg，电荷量q=2．2×22-2C，速度大小均为v2=2．2×224m/s，带电粒子的重力不计，则：（2）求带电粒子在电场中的运动时间；（2）求在t=2时刻进入的粒子打在荧光屏上的位置到O点的距离；（3）若撤去挡板，求荧光屏上出现的光带长度。15．（12分）如图所示为一真空示波器，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子质量为m，电荷量为e．不计重力，求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）P点到O点的距离．（3）电子打在荧光屏上的动能大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由库仑定律有：，C正确，ABD错误。故选：C。2、D【解析】试题分析：根据电阻定律可得：拉长后电阻变为,所以根据欧姆定律可得：,故,所以选D考点：考查了欧姆定律和电阻定律的应用点评：做本题的关键是知道导线在拉长时体积不变，然后根据公式判断面积和长度的变化3、D【解析】A、人与车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得：mv人+Mv车=0，故车的方向一定与人的运动方向相反；故人与车的速度方向相反，人在车上向右行走时，车将向左运动，故A错误；B、因总动量为零，故人停止走动速度为零时，车的速度也为零，故B错误；C、D、因人与车的运动时间相等，动量守恒，以人的方向为正方向，则有：mx人-Mx车=0；故车与人的位移之比为：x车x人=mM不变；则车的位移与人的运动速度无关，不论人的速度多大，车在地面上移动的距离都相等；故C【点睛】本题考查动量守恒定律的应用“人船模型”，要注意人船具有相反方向的运动，运动位移与速度大小无关．4、B【解析】

设任一卫星的质量为m，轨道半径为r，地球的质量为M．则对于在轨卫星，有：得：，，，a=可见，轨道半径之比为1：4，则得线速度大小之比为2：1，角速度大小之比为8:1；运行的周期之比为1：8，向心加速度大小之比为16：1．故B正确，ACD错误．故选B．5、C【解析】

带负电的粒子若仅在一个点电荷的电场下，且电场力与速度方向垂直，则作匀速圆周运动，则点电荷一定是正电，且电场力提供向心力。

若处于两个点电荷共同叠加的电场中，若两个正点电荷，且电量相等，则由两个点电荷的电场力的合力提供向心力，且合力的方向与速度垂直，所以粒子在两者连线的中心处为圆心，做匀速圆周运动。A．一定是一个正点电荷形成的电场，与结论不相符，选项A错误；B．可能是一个负点电荷形成的电场，与结论不相符，选项B错误；C．可能是两个等量正点电荷形成的电场，与结论相符，选项C正确；D．可能是两个等量异种点电荷形成的电场，与结论不相符，选项D错误；6、C【解析】

AB两端的电势差大小等于金属棒AB中感应电动势的大小，为：E=B•2R=B•2R•=4BR2ω，故选C．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，路端电压减小，分析变阻器两端电压的变化，根据路端电压的变化，判断△U2、△U3的大小．【详解】滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，U2增大，路端电压U1减小，则变阻器两端电压U3减小．由于U1=U2+U3，U1减小，则知△U2<△U3，△U1＜△U3，所以BD是可能的，AC不可能．故BD正确，AC错误．故选BD．【点睛】本题解题的关键是抓住U1=U2+U3，根据总量法分析三个电压表读数变化量的大小．8、BC【解析】

质子从左边进入电场，在电场中受到向下的电场力和向上的洛伦兹力作用，因恰能沿直线从右边水平飞出，可知电场力和洛伦兹力平衡，有qE=qvB，得v=E/B．若是电子，也从左边以速度v射入，电场力和洛伦兹力的方向对调，发现还是有v=E/B，所以带电粒子只要以速度v从左边水平进入电场，粒子就会沿水平方向射出，与电性和电量无关；由上分析可知，故AD错误，BC正确．故选BC．9、CD【解析】

A、当电场力大于重力,小球运动到a点时,速度最大,根据牛顿第二定律知,拉力最大.故A错误.B、小球从a点运动到b点的过程中,电场力做负功,电势能增加.所以小球过b点时,电势能最大.故B错误.C、从a到b,电场力做负功，电势能增加,所以a点电势能最小.故C正确；D、从a到b,除重力以外,电场力做负功,机械能减小,所以b点机械能最小.故D正确；10、BCD【解析】

A图中，小球带正电，场强方向水平向左，带电小球所受的电场力水平向左，则小球不可能静止在图示位置，故A错误；B图中，小球带正电，场强方向水平向右，带电小球所受的电场力水平向右，则小球可能静止在图示位置，故B正确；C图中小球受电场力方向斜向右上方，向下的重力及向左上方的细线的拉力，三力可能平衡，选项C正确；D图中，当qE=mg，且电场方向向上，小球能静止在图中位置，故D正确．故选BCD．【点睛】解决本题的关键是知道正电荷所受的电场力方向与场强方向相同，分析结果要符合平衡条件，做完后可用平衡条件检验一下．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、该同学将连接最后一根线前，电阻箱不能为零，应使其阻值调至最大；；1.4；1.2；1.0【解析】

(1)明确实验中安全性要求，知道开关应最后闭合，电阻箱在开始时应调至最大；(2)根据描点法可得出对应的图象，再根据闭合电路欧姆定律列式，结合图象即可确定电动势和内电阻；(3)根据电路进行分析，明确误差情况，再根据欧姆定律求出电流表内阻，从而确定电动势和内阻的准确值。【详解】(1)由图可知，该同学将连接最后一根线前，电阻箱不能为零，应使其阻值调至最大；(2)根据描点法可得出对应的图象如图所示；根据闭合电路欧姆定律可知，I=ER+r，变形可得：由图可知，E=k=8-0(3)本实验相当于采用的是相对电源的电流表内接法，故测量结果中电动势是准确的，故电动势1.43V，而内电阻的结果中包含电流表内阻；由图可知，电压表示数为65mV，由欧姆定律可知，电流表内阻RA=0.065【点睛】本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意明确实验原理，注意数据处理的基本方法，明确图象的准确应用是解题的关键。12、甲BCb【解析】

（1）[1]由于电流表内阻与电源内阻接近，故在测量时应采用相对电源的电流表外接法，故选择图1中的甲图进行测量；[2]由于一节干电池电动势只有，故电压表应选择量程的；[3]而由于电源内阻较小，为了便于测量，滑动变阻器应选择总阻值较小的．（2）[4]采用甲图进行实验时，由于采用电流表相对电源的外接法，电压表的分流而使电流表示数偏小，因此测出的电动势和内电阻均偏小；而乙图中采用相对电源的内接法，实验结果中将电流表内阻等效为了电源内阻，因此测量出的内阻值偏小；图象斜率较小，故直线b为甲电路所测量的数据．[5][6]采用乙电路测量时，当外电路断路时，电流表分压作用可以忽略，因此乙电路中测出的电动势准确；而甲电路中当外电路短路时，电压表的分流作用可以忽略，因此短路电流是准确的，则可知，内阻．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)v0【解析】

(1)没有电场的时候，小球做平抛运动，根据速度夹角和动能定理可以计算高度；(2)加电场后，电场直向下，小球在水平方向上好事匀速运动，根据动能定理计算合速度大小，再计算夹角．【详解】(1)无电场时，设落地速度为v1，有：v0由动能定理：mgh=1解得：h=v(2)加电场后，设落地速度为v2，由动能定理：mgh+Eqh=1v0解得：θ2【点睛】没有电场时做平抛运动，有电场的时候，水平方向上还是匀速运动，竖直方向上是匀加速运动，对于运动的合成，注意分两个方向来计算即可。14、（2）（2）（3）2．95m【解析】试题分析：（2）假设粒子可以从电场中射出，则进入电场的粒子在水平方向不受力，做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间，从t=2时刻进入的粒子偏移量最大，竖直方向其中粒子匀加速运动，接着粒子匀减速直线运动，由于电压大小一样，所以加速度大小相等，离开电场时竖直方向速度竖直方向位移，假设成立，所以粒子在电场中运动时间（2）粒子在电场运动时间一共是，根据两极板电压变换图b，竖直方向其中粒子匀加速运动，接着粒子匀减速直线运动，由于电压大小一样，所以加速度大小相等离开电场时竖直方向速度竖直方向位移，离开电场后到金属板的过程，水平方向匀速直线运动x=v2t竖直方向匀速直线运动，所以打到荧光屏的位置到O点的距离（3）撤去挡板后，所有离开电场的粒子速度都相同，示意图如下：t=2时刻进入的粒子，偏转位移最大，且运动过程中没有速度反向，若粒子进入的位置合适，粒子可以从极板的下边沿离开电场，打在离荧光屏O点最远位置为。时刻进入的粒子反向偏转过程中位移最大是速度减小到2的时候，若粒子位置合适，粒子此时刚好到达上极板，随后开始加速，时间为，此粒子上面的粒子将打在上极板上而不能离开电场。此粒子正向偏移离O点距离．根据离开粒子速度大小方向相同，判断打在荧光屏上面的光带长度为考点：考查了带电粒子在电场中的运动【名师点睛】带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析方法基本相同．先分析受力情况再分析运动状态和运动过程（平衡、加速、减速，直线或曲线），然后选用恰当的规律解题．解决这类问题的基本方法有两种，第一种利用力和运动的观点，选用牛顿第二定律和运动学公式求解；第二种利用能量转化的观点，选用动能定理和功能关系求解15、（1）（2）