2025届江苏省泰州市姜堰区物理高二上期中达标测试试题含解析

2025届江苏省泰州市姜堰区物理高二上期中达标测试试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在真空中，两个很小的带电体相距为d时，相互的排斥力为F．保持它们的带电量不变，要使斥力变为16F，这时两个带电体之间的距离为（）A．2dB．4dC．D．2、四盏灯结成如图所示的电路，A、C灯泡的规格为“220V，30W”，B、D灯泡的规格为“220V，100W”，各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率，这四盏灯泡的实际消耗功率大小的顺序是()A．PAPBPCPDB．PAPDPCPBC．PAPDPBPCD．PAPBPDPC3、一根粗细均匀的电阻丝电阻为R，在温度不变的情况下，下列情况中其电阻值为2R的是（）A．长度和横截面积都缩小一倍时B．长度和横截面积都增大一倍时C．当横截面积不变，长度增大一倍时D．当长度不变，横截面积增大一倍时4、一根电阻丝，在通过2C的电量时，消耗的电能为8J，若在相同时间内通过4C的电量时，电阻器上所加的电压U和消耗的电能E各是A．U=4V,E=16JB．U=8V,E=16J C．U=4V,E=32JD．U=8V,E=32J5、许多科学家在物理学发展中做出了重要贡献．下列有关物理学家的贡献，错误的是A．安培提出了分子电流假说，能够解释一些磁现象B．法拉第发现电磁感应现象，使人们对电与磁内在联系的认识更加完善C．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象间的某种联系D．洛仑兹研究了磁场与电流相互作用，得到了磁场对通电导线的作用力公式6、下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领B．在电源内部正电荷从高电势处向低电势处移动C．电源是通过静电力把其它形式的能转化为电能的装置D．把同一电源接在不同的电路中,电源的电动势也将变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用如图所示的装置研究光电效应现象．所用光子能量为2.75eV的光照射到光电管上时发生了光电效应，电流表G的示数不为零；移动变阻器的触点，发现当电压表的示数大于或等于1.7V时，电流表示数为0，则下列说法正确的是（）A．光电子的最大初动能始终为1.05eVB．光电管阴极的逸出功为1.05eVC．当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，电流增大D．改用能量为2.5eV的光子照射，移动变阻器的触点c，电流表G中也可能有电流8、如图，a、b分别表示一个电池组和电阻的伏安特性曲线．则以下说法正确的是A．电阻的阻值为0.33ΩB．电池组的内阻是1ΩC．将该电阻接在该电池组两端，电池组的输出功率将是4WD．改变外电阻的阻值时，该电池组的最大输出功率为4W9、条形磁铁放在水平面上，在它的上方偏右处有一根固定的垂直纸面的直导线，如图所示，当直导线中通以图示方向的电流时，磁铁仍保持静止.下列结论正确的是（）A．磁铁对水平面的压力减小B．磁铁对水平面的压力增大C．磁铁对水平面施加向左的静摩擦力D．磁铁所受的合外力增加10、用一根横截面积为S、电阻率为ρ的硬质导线做成一个半径为r的圆环，ab为圆环的一条直径．如图所示，在ab的左侧存在一个匀强磁场，磁场垂直圆环所在平面，方向如图，磁感应强度大小随时间的变化率则A．圆环中产生逆时针方向的感应电流B．圆环具有扩张的趋势C．圆环中感应电流的大小为D．图中a、b两点间的电势差三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A．电池组(3V，内阻约为1Ω)B．电流表(0～3A，内阻约为0.0125Ω)C．电流表(0～0.6A，内阻约为0.125Ω)D．电压表(0～3V，内阻约为3kΩ)E．电压表(0～15V，内阻约为15kΩ)F．滑动变阻器(0～20Ω，额定电流1A)H．开关、导线(1)上述器材中，电流表应选用的是______；电压表应选用的是______(填写器材的字母代号)．(2)实验电路应采用电流表________接法(填“内”或“外”)．12．（12分）图（甲）是用一主尺最小分度为1mm，游标上有20个分度的卡尺测量一工件的长度，结果如图所示．可以读出此工件的长度为____________cm．图（乙）是用螺旋测微器测量某一圆筒内径时的示数，此读数应为______mm

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，用某一直流电动机来提升重物，重物的质量m=50kg．当电压U1=12V时没有提起重物，即输出功率为0，这时电流为I1=3A．当电动机的电压为U2=110V，重物被提起．不计各种摩擦，当重物向上运动的速率恒定时，电路中的电流强度I2=5.0A，求：（1）该电动机的电阻．（2）重物被电动机匀速提升时的速率？（取g=10m/s2）．14．（16分）如图所示，P是正点电荷Q产生的电场中的一点，它到点电荷Q的距离，已知Q所带电荷量为，静电力常量是．求：(1)P点电场强度的大小和方向；(2)若将电荷量为的试探电荷q放在P点，q受到的电场力是多大.15．（12分）水平放置的平行金属板AB间的距离d=2．2m，板长L=2．3m，在金属板的左端竖直放置一带有小孔的挡板，小孔恰好位于AB板的正中间，距金属板右端x=2．5m处竖直放置一足够大的荧光屏，现在AB板间加如图（b）所示的方波形电压，已知U2=2．2×222V，在挡板的左侧，有大量带正电的相同粒子以平行于金属板方向的速度持续射向挡板，粒子的质量m=2．2×22-7kg，电荷量q=2．2×22-2C，速度大小均为v2=2．2×22（2）求粒子在电场中的运动时间；（2）求t=2时刻进入的粒子离开电场时在竖直方向的位移；（3）若撤去挡板，求荧光屏上出现的光带长度。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：对于这两种情况下分别根据库仑定律列方程即可求解．解：当距离为d时有：①当距离变化后依据题意有：②联立①②可得，故ABD错误，C正确．故选C．【点评】正确理解库仑定律公式以及公式中各个物理量的含义是解本题关键，由于公式涉及物理量较多，因此常用两式相比的方法进行求解．2、C【解析】根据公式，有，故，比较A灯泡与D灯泡，由于串联，电流相等，，根据，故；比较B灯泡与C灯泡，由于并联，电压相等，，根据，故；比较A灯泡与C灯泡，由于干路电流大于支路电流，根据，故；比较B灯泡与D灯泡，由于干路电流大于支路电流，根据，故，综合可得，C正确．3、C【解析】

根据电阻定律A．长度和横截面积都缩小一倍时，电阻不变，故A错误；B．长度和横截面积都增大一倍时，电阻不变，故B错误；C．当横截面积不变，长度增大一倍时，电阻变为原来的两倍，故C正确；D．当长度不变，横截面积增大一倍时，电阻变为原来的一半，故D错误。故选C。4、D【解析】移动电荷时电场力所做的功等于消耗的电能，所以消耗电能为qU，在通过2C的电量时，消耗的电能为8J，可知电压U=4V，由电量q=It可知后者电流为前者电流的2倍，由欧姆定律U=IR可知电压增大为原来的2倍，消耗的电能E=qU增大为原来的4倍，D对；5、D【解析】

安培提出了分子电流假说，并很好地解释了一些磁现象，故A说法正确；法拉第发现电磁感应现象，使人们对电与磁内在联系的认识更加完善，故B说法正确；奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象间的某种联系，故C说法正确；安培研究了磁场与电流相互作用，得到了磁场对通电导线的作用力公式，故D说法错误．所以选D．6、A【解析】

A．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，反映了电源内部非静电力做功的本领，故A正确；B．在电源内部，电流方向从负极指向正极，所以正电荷从低电势处向高电势处，故B错误；C．电源是通过内部非静电力把其它形式的能转化为电能的装置，故C错误；D．把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势不变，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于1.7V时，电流表示数为0，知道光电子的最大初动能为1.7eV，根据光电效应方程EKm=hγ-W0，W0=1.05eV．故A错误，B正确；当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，则到达集电极的电子的数目减小，电流减小，故C错误；改用能量为2.5eV的光子照射，2.5eV仍然大于1.7eV，仍然可以发生光电效应，电流表G也有电流，即使移动变阻器的触点c，电流表G中也可能有电流，故D正确．所以BD正确，AC错误．8、BD【解析】A.图线b斜率的倒数等于电阻的阻值，R=△U/△I=（3−0）/1Ω=3Ω.故A错误；B.图线a斜率倒数的绝对值等于电池组的内阻r=|△U/△I|=（4−0）/4Ω=1Ω.故B正确；C.两图线的交点表示将该电阻接在该电池组两端时电路的工作状态，由图读出路端电压为U=3V，电流为I=1A，电池组的输出功率是P=UI=3W.故C错误；D.当外电阻等于电池的内阻时,即外电阻R=r=1Ω时,电池组的输出功率最大：，故D正确．故选BD.点睛：电池组的伏安特性曲线斜率倒数的绝对值等于电池的内阻．电阻的伏安特性曲线斜率的倒数大小等于电阻．两图线的交点表示将该电阻接在该电池组两端时电路的工作状态．当外电阻等于电池的内阻时电池组有最大的输出功率．9、BC【解析】以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向左下方，磁铁有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，磁铁对水平面施加向左的静摩擦力，同时磁铁对地的压力增大，故BC正确．点晴：以导线为研究对象，根据电流方向和磁场方向判断所受的安培力方向，再根据牛顿第三定律，分析磁铁所受的支持力和摩擦力情况．10、BD【解析】

A.磁通量向里减小，由楞次定律“增反减同”可知，线圈中的感应电流方向为顺时针，故选项A不符合题意；B.由楞次定律的“来拒去留”可知，为了阻碍磁通量的减小，线圈有扩张的趋势，故选项B符合题意；C.由法拉第电磁感应定律可知：线圈电阻，感应电流，故选项C不符合题意；D.与闭合电路欧姆定律可知两点间的电势差为，故选项D符合题意；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CD外【解析】（1）电池组3V，则选取电压表D；根据欧姆定律:，故电流表选取C；故选取的器材为：C、D.（2）被测电阻约，故选择电流表外接。12、10.240cm

5.543-5.547mm

【解析】分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：游标卡尺的主尺读数为102mm，游标读数为0.05×7mm=0.35mm，所以最终读数为102.35mm=10.235cm．螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为0.01×4.6mm=0.046mm，所以最终读数为5.546mm=0.5546cm．故本题答案为：10.235，0.5546点评：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4Ω（2）0.9m/s【解析】（1）电动机输出功率为零时符合欧姆定律，则有；（2）设重物匀速运动的速率为v，则根据功率关系可得：，解得．14、(1)(2)【解析】

（1）P点电场强度的大小为：，方向向右．

（2）将电荷量为2.0×10-19C的试探电荷q放在P点，q受到的电场力是：F=qE=2.0×10-19×3600N=7.2×10-16N15、（2）（2）（3）2．295m【解析】试题分析:（2）进入电场的粒子在水平方向不受力，做匀速直线运动L=v2t电子在电场中运动时间（2）电子在电场运动时间一共是，根据两极板电压变换图b，竖直方向其中