2025届福建省龙岩市龙岩北附物理高一第一学期期中综合测试试题含解析

2025届福建省龙岩市龙岩北附物理高一第一学期期中综合测试试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、以下关于质点与重心的说法正确的是A．研究地球绕太阳公转一周的时间时，可以将地球看成质点B．只有体积很小的物体才能看成质点C．形状规则的物体，其重心一定在其几何中心D．重心是物体上最重的一点2、如图甲所示，笔记本电脑底座一般设置有四个卡位用来调节角度．某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位1调至卡位4(如图乙)，电脑始终处于静止状态，则（）A．电脑受到的支持力变小B．电脑受到的摩擦力变大C．散热底座对电脑作用力的合力不变D．电脑受到的支持力与摩擦力两力之和大于其重力3、、两辆赛车游戏车在两条平直车道上行驶，时两车从同一计时处开始比赛，它们在四次比赛中的图像如图，则图中所对应的比赛，一辆赛车能追上另一辆赛车的是（）A． B． C． D．4、下列物理量中，属于标量的是（）A．速度 B．加速度 C．路程 D．位移5、如图所示是甲、乙两物体的v—t图象，由图可知（）A．甲做匀加速运动，乙做匀减速运动B．甲、乙两物体相向运动C．乙比甲晚1s出发D．5s末两物体相遇6、某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，若这三个共点力大小和方向分别如图甲、乙、丙、丁所示（坐标纸中每格边长表示1N大小的力），则关于该物体受到合力的说法正确的是（）A．甲图中物体所受的合力大小等于5NB．乙图中物体所受的合力大小等于5NC．丙图中物体所受的合力大小等于0D．丁图中物体所受的合力大小等于3N7、汽车自O点出发从静止开始在平直公路上做匀加速直线运动，从电杆P到电杆Q所用时间为6s，已知P、Q电杆相距60m，车经过电杆Q时的速率是15m/s，则()A．车经过P时的速率是5m/sB．车的加速度是1.5m/s2C．P、O间距离是7.5mD．车从出发到Q所用的时间是9s8、一辆小汽车在水平路面上由静止启动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持额定功率运动，其图像如下图所示，已知汽车的质量为,汽车受到地面的阻力为车重的0.1倍，g取,则()A．汽车在前5s内的牵引力为B．汽车在前5s内的牵引力为NC．汽车的额定功率为60kWD．汽车的最大速度为9、如图所示，为一轻质弹簧的长度和弹力大小的关系．根据图象判断，正确的结论是（）A．弹簧的劲度系数为1N/mB．弹簧的劲度系数为100N/mC．弹簧的原长为6cmD．弹簧伸长0.2m时，弹力的大小为4N10、如图一物体沿一直线运动的速度图象，由图象可知()A．物体运动到t＝3s时，离开出发点的距离最远B．在t＝3s时物体改变运动方向C．0到2s和5到6s两段时间内物体加速度相同D．运动到t＝6s时，物体位移为3m，通过的路程为9m二、实验题11、（4分）为了测量某一轻质弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在其下端挂上不同质量的钩码．实验测出悬挂钩码的质量m与弹簧长度l的相应数据，并做出如图所示的m–l图象，己知g＝9.8m/s1．（1）此弹簧的劲度系数为____N/m；（1）此弹簧的原长为______cm．12、（10分）在做“练习使用多用电表”的实验中（1）关于多用电表使用的一些要求，以下说法正确的是:A．测量电阻时，每次更换倍率后，都应进行欧姆调零B．测量电压时，每次更换量程后，都应进行机械调零C．测量未知电阻时，应先选用倍率最大的挡位测量D．测量未知电压时，应先选用量程最大的挡位测量（2）为了解一个“220V100W”白炽灯的电阻大小，可以用电阻挡进行测量，现将多用电表打到“×10”挡，发现指针偏转太大，为了较准确地进行测量，应换到______挡，如果换挡后经必要步骤，正确测量得到表盘的示数如图所示，则该白炽灯的阻值是_________Ω．（3）小傅同学想快速得到一节五号电池的电动势，他将多用电表的功能开关打到“2.5V直流”挡，并直接将两表笔接到电池两端，将测到的电压作为电动势，他的这一做法_______（选填“基本没问题”、“严重错误”）；而小徐同学想快速得到一节五号电池的内电阻，他将多用电表的功能开关打到“×1”挡，并正确进行欧姆调零后，将两表笔接到电池两端，将得到的电阻值作为电池的内电阻，他的这一做法_______（选填“基本没问题”、“严重错误”）．三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）甲、乙两车同时同向从同一地点出发，甲车以v1=16m/s的初速度，a1=-2m/s2的加速度作匀减速直线运动，乙车以v2=4m/s的初速度，a2=1m/s2的加速度作匀加速直线运动，求：（1）两车再次相遇前两车相距最大距离．（2）再次相遇时两车运动的时间．14、（14分）一辆汽车在平直公路上做匀加速直线运动，令t=0时，其初速度为4m/s，加速度大小为3m/s2，求：（1）汽车3s末速度的大小?（2）计时开始汽车第6s内的位移?15、（13分）汽车由静止出发做匀加速直线运动，用10s时间通过一座长140m的桥，过桥后速度是16m/s，求（1）它刚开上桥头时速度有多大？（2）桥头与出发点相距多远？

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、A【解析】

研究地球绕太阳公转一周所需要的时间时，地球的大小可以忽略，可以看作质点；故A正确；物体可以看成质点的条件是物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，则体积很小的物体不一定能看成质点，选项B错误；形状规则且质量分布均匀的物体，其重心一定在其几何中心，选项C错误；重心是物体各部分所受重力的等效作用点，故D错误；故选A.2、C【解析】

笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件求解静摩擦力和支持力以及合力；【详解】笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，如图所示：

根据平衡条件，有：

N=mgcosθ①

f=mgsinθ②

A、由原卡位1调至卡位4，角度θ减小，根据①式，支持力N增加，故A错误；

B、由原卡位1调至卡位4，角度θ减小，根据②式，静摩擦力减小，故B错误；

C、散热底座对电脑的作用力的合力是支持力和静摩擦力的合力，与重力平衡，始终是不变的，故C正确；

D、电脑受到的支持力与摩擦力两力的矢量和与重力平衡，但大小的和是变化的，不一定大于重力，故D错误。【点睛】本题是力平衡中的三力平衡问题，关键是建立物理模型，然后运用共点力平衡条件列式求解。3、C【解析】试题分析：该题考察了应用速度﹣﹣时间图象解决物体的追击与相遇问题，相遇的条件是两物体运动的位移相等．应用在速度﹣﹣时间图象中图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移这一规律，分析两物体是否会相遇．解：在速度﹣﹣时间图象里，图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移．A、图中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上；所以选项A错误；B、图中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上；所以选项B错误．C、图象也是在t=20s时，两图象面积相等，此时一辆赛车追上另一辆；所以选项C正确．D、图象中当t=12.5s时，a的位移为x==71.875m，b的位移为7.5×12.5m=93.75m，之后始终是B快，故不相遇，故D错误．故选C．【点评】图象法是描述物理规律的重要方法，应用图象法时注意理解图象的物理意义，即图象的纵、横坐标表示的是什么物理量，图线的斜率、截距、两条图线的交点、图线与坐标轴所夹的面积的物理意义各如何．用图象研究物理问题是一种常用的数学方法，图象具有直观、简单等优点；但是用图象法研究问题，一定要根据题意分析清楚物体的运动情景，正确画出物体的运动图象，这是应用图象解题的关键．4、C【解析】

速度、加速度、位移是矢量，既有大小又有方向，遵循平行四边形定则；路程是标量，只有大小，没有方向的物理量，故C正确，A、B、D错误；故选C。5、C【解析】

A．由图象可知，甲做匀减速直线运动，乙做匀加速运动，故A错误；B．两个物体的速度均为正值，说明都沿正向运动，甲、乙两物体同向运动，故B错误；C．甲在t=0时刻开始出发，乙在t=1s时出发，乙比甲晚1s出发，故C正确；D．速度图象与时间轴围成的面积代表物体发生的位移．则知5s末甲的位移大于乙的位移，它们的出发地点相同，所以t=5s时，只表示两物体速度相等，两个物体没有相遇，故D错误。故选C。6、AB【解析】

A．对甲，由图可知先将F1与F3合成，合力大小为F13=3N，然后再用勾股定理得到三个力的合力故A正确；B．对乙，由图可知先将F1与F3沿水平和竖直方向正交分解，水平方向合力为零，F1在竖直方向的分力为1N，F3在竖直方向的分力为2N，所以合力为故B正确；C．对丙，由图可知利用矢量三角形法则可得F2和F3的合力与F1等大同向，所以三个力的合力为F=2F1=6N故C错误；D．根据三角形法则，三个力组成首尾相连闭合的三角形时合力等于零，所以丁图中合力等于0，故D错误。故选AB。7、ACD【解析】

AB.已知PQ点间的时间，位移，末速度，由：和，代入数据解得：，，故A正确，B错误；C.已知OP的初速度，加速度，末速度，由：，解得：OP＝7.5m，故C正确；D.已知OP间的末速度了，又知道加速度，故可以求的时间：，故OQ总时间为9s，故D正确；8、BCD【解析】

AB．汽车受到的阻力f=0.1×2×103×10=2×103N前5s内，由图a=2m/s2，由牛顿第二定律F-f=ma求得F=f+ma=（0.1×2×103×10+2×103×2）N=6×103N故A错误．B正确．C．t=5s末功率达到额定功率P=Fv=6×103×10W=6×104W=60kW故C正确；D．当牵引力等于阻力时，汽车达最大速度，则最大速度故D正确。故选BCD。【名师点睛】本题结合图象考查汽车启动问题，在解题时要明确汽车的运动过程及运动状态，正确应用牛顿第二定律及功率公式求解．9、BC【解析】

C、由图读出，弹簧的弹力F=0时，弹簧的长度为L0=6cm，即弹簧的原长为6cm，故C正确；A、B、由图读出弹力为F1=2N，弹簧的长度为L1=4cm，弹簧压缩的长度x1=L0﹣L1=6cm﹣4cm=2cm=0.02m；由胡克定律得：弹簧的劲度系数为k===100N/m；故A错误，B正确；D、弹簧伸长0.2m时，弹力的大小为F=kx=100×0.2=20N，故D错误；故选BC．10、ABCD【解析】由于图线与横轴包围面积表示位移，t=3s时位移最大，即离出发点最远，故A正确；据速度时间图象可知，t=3s时物体速度方向由正方向变为负方向，故B正确；0到2s和5到6s图线斜率相同，，即加速度相同，故C错误；由图线与横轴包围面积可知：t轴上方的面积s1=×3×4m=6m，t轴下方的面积s2=3m，所以物体位移为3m，通过的路程为9m，故D正确．故选ABD．点睛：v-t图象中图象中的点表示物体在某一时刻的速度，图象的斜率表示物体的加速度；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移．二、实验题11、（1）11.15；（1）4【解析】

(1)根据胡克定律可知，F=kx则有mg=kx=k(l-l0)故图象的斜率等于所以解得：；(1)将图中一点代入mg=kx=k(l-l0)得：解得：．12、AD;;60；基本没问题；严重错误；【解析】(1)A、在测量电阻时，更换倍率后，欧姆表的内部电阻发生了变化，欧姆档的零刻度在最右边，也就是电流满偏，所以必须重新进行调零，故A正确；B、在测量电压时，根据电流表的原理，电流的零刻度在左边，更换量程后不需要调零，故B错误；C、在测量未知电阻时，若先选择倍率最大挡进行试测，当被测电阻较小时，电流有可能过大，所以应从倍率较小的挡进行测试，若指针偏角过小，再换用倍率较大的挡，故C错误；D、在测量未知电压时，为了电压表的安全，必须先选择电压最大量程进行试测，若指针偏角过小，在换用较小的量程进行测量，故D正确；故选AD；(2)发现指针偏转太大，说明电阻很小，为了较准确地进行测量，换用倍率较小的挡，即应换到×1挡，由图可知其读数为；(3)将多用电表的功能开关打到“2.5V直流”挡，并直接将两表笔接到电池两端，将测到的电压作为电动势，他的这一做法基本没问题；将多用电表的功能开关打到“×1”挡，并正确进行欧姆调零后，将两表笔接到电池两端，电路中有两个电源，将得到的电阻值不能作为电池的内电阻，他的这一做法严重错误．三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明