重庆市乌江新高考协作体2024-2025学年高三年级上册10月联考物理试题（含答案）

重庆乌江新高考协作体2025届高考质量调研（二）

物理试题

（分数：100分，时间：75分钟）

一、单选题

1.物理学发展推动了社会进步。关于物理学上一些事件和科学方法，下列说法正确的是（）

A.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运

动，然后把各小段的位移相加，体现了极限思想

B.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫等效替代法

C.重心概念的建立体现了理想化模型的思想

速度v=包和加速度。=竺都是利用比值定义法得到的定义式

D.

AZ加

2.如图所示为同一地点出发的/、2两物体做直线运动的v—f图象，由图可知（）

A/时刻/、8两物体相遇

8/时刻/、2两物体速度大小相等，方向相反

C；2时刻物体4的加速度小于物体8的加速度，二者方向相反

D.0-力过程中物体/、3的位移大小相等，方向相同

3.如图所示，轻弹簧A一端固定，另一端系一质量为加的小球，小球通过不可伸长的轻绳绕过光滑定滑轮

连接轻弹簧B且处于平衡状态，已知定滑轮位于弹簧A固定点的正上方。现缓慢收绳，使滑轮右侧的绳长

减小少许，小球仍处于平衡状态，弹簧始终处于弹性限度内，则下列说法正确的是（）

A.小球的运动轨迹为一小段圆弧B.弹簧B的长度变长

C.弹簧A的长度变长D,弹簧A的长度变短

4.2024年2月3日7时37分，我国在西昌卫星发射中心使用长征二号丙运载火箭，成功将吉利星座02组

卫星发射升空，11颗卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。假设其中三颗卫星绕地球做圆周运

动，。为地球的同步卫星，周期为T,6为倾斜轨道卫星，。为极地卫星（绕地球的两极做圆周运动），己

知〃=〃＞弓，地球表面两极的重力加速度为g，地球半径为凡则下列说法正确的是（）

C.。和c卫星的线速度之比为

r2

D.a和c卫星的向心加速度之比为彳

re

5.如图所示，汽车用跨过定滑轮的轻绳提升物块汽车匀速向右运动，在物块/到达滑轮之前，关于物

B将竖直向上做匀速运动

将竖直向上做加速运动

D.将竖直向上先加速后减速

6.如图所示，有一竖直半圆形轨道，由四段相同的光滑圆弧轨道2C、CD.DE,E4拼接而成，每段对应

的圆心角均为45。，2点位于轨道圆心的正上方，设连接处顺滑。若将一质量为加的小球以速度也从最低

点N水平向右射入轨道，最后通过8点离开轨道。现保持小球的入射速度不变，要使其高度达到最大，则

应（）

B

A.拆去轨道的3c段B,拆去轨道的3。段

C.拆去轨道的段D.以上三种情况，小球达到高度均相同

7.今年4月19日，广西一法院开庭审理一起高空抛物致一高中生死亡的案例，高空抛物是十分危险的行

为，我国正式将高空抛物罪纳入刑法内容，我们应杜绝高空抛物行为。现有一居民在阳台玩耍，不慎将篮

球从窗台外落下，致篮球从高楼落下做自由落体运动，篮球开始下落后的以图像如图所示，已知/=0时

篮球距地面高度为12.8m,重力加速度g取lOm/s2,不计空气阻力，下列说法正确的是（）

B.篮球落地时的速度大小n=16m/s

C.篮球落地后反弹的最大高度为3m

D./=0至/■=2s,篮球的位移大小为12m

二、多选题

8.一质点做减速直线运动过程中速度和位置坐标的关系如图v-x所示，下列分析正确的是（）

A.0〜2%过程中质点的加速度恒定

B.2%〜3升过程中质点的加速度逐渐减小

C.质点在V=N时的加速度等于丫=也时的加速度

48

D.质点在丫=现时的加速度大于丫=也时的加速度

48

9.如图所示，半径为R的光滑绝缘四分之一圆弧形轨道4B固定在竖直平面内，。为其圆心，水平。

在圆弧轨道的最低点8处固定一带正电的小球，电荷量为如另有质量为的带电小球N从N点处无初速

释放，运动到C点时达到最大速度v。已知N/OC=30。，静电力常量为左，两小球的大小可忽略。则

（）

A

A.N小球可能带负电

B.N小球的带电量为皿-

kq

C.N小球从4点到C点的过程中，电场力做功为理二”

2

D.N小球从/点到C点的过程中，减少的机械能为邈二”

2

10.一小球质量为〃?，用长为L的悬线（不可伸长、质量不计）固定于。点，在。点正下方右处钉有一颗

3

光滑小钉子，如图所示。将悬线沿水平方向拉直然后无初速度释放，则当悬线碰到钉子后的瞬间（）

O?---7--°

A.小球的角速度突然增大到原来的1.5倍

B,悬线对小球的拉力不变

C.小球的向心加速度突然增大到原来的3倍

D.小球的线速度大小不变

三、非选择题

11.如图是/、3两物体同时由同一地点向同一方向做直线运动的V-f图象，从图象上可知仁S时,

N、8相遇：t=s时，/、8相距最远。

12.如图为电饭锅的电路图。尺、&是电热丝，S是温控开关，4、8两点接照明电路。电饭锅工作时有加

热和保温两种工作状态。当S闭合时，电饭锅处于工作状态；若R：4=9：1,加热时的功

率为1000W,则保温时的功率为Wo

Ao-----1I---

Ri

0s"

B。-----1I----

13.如图所示，半径为R=0.5m的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴旋转的水平转台上，转台转轴与过陶

罐球心。的对称轴。。，重合。转台静止不转动时，将一个质量为2kg、可视为质点的小物块放入陶罐内，

小物块恰能静止于陶罐内壁的/点，且/点与陶罐球心。的连线与对称轴成0=37。角。重力加速度

g=10m/s2,sin37°=0.6,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。贝U：

(1)当转台绕转轴匀速转动时，若物块在陶罐中的N点与陶罐一起转动且所受的摩擦力恰好为0,则转台

转动的角速度为多少？

(2)若转台转动的角速度为回rad/s,物块仍在陶罐中的/点随陶罐一起转动，则陶罐给物块的弹力和

摩擦力大小为多少？

'O)

9

I

14.质量为m=5kg的物体，在水平力尸=20N的作用下，在水平面上从静止开始运动，物体与水平面的动

摩擦因数为0.2,运动时间为Z=5s,求：

(1)力在5s内对物体所做的总功；

(2)力F在5s内对物体所做功的平均功率；

(3)5s末，力厂对物体做功的瞬时功率。(g=10m/s2)

15.真空中足够大的两个相互平行的金属板。和6之间的距离为d,两板之间的电压U.按图所示规律变

化，其变化周期为7。在尸0时刻，一带电粒子(+q)仅在该电场的作用下，由。板从静止开始向6板运

动，并于心“7(〃为自然数)时刻，恰好到达6板。求：

(1)带电粒子运动过程中的最大速度为多少？

(2)若粒子在方=工时刻才开始从。板运动，那么经过同样长的时间，它将运动到离。板多远的地方?

6

重庆乌江新高考协作体2025届高考质量调研（二）

物理试题

（分数：100分，时间：75分钟）

一、单选题

1.物理学发展推动了社会进步。关于物理学上一些事件和科学方法，下列说法正确的是（）

A.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运

动，然后把各小段的位移相加，体现了极限思想

B.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫等效替代法

C.重心概念的建立体现了理想化模型的思想

D.速度V=包和加速度。=手都是利用比值定义法得到的定义式

AZ&

【答案】D

【解析】

【详解】A.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀

速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里主要采用了微元法，故A错误；

B.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想化物理模型，B错误；

C.重心概念的建立体现了等效替代法，C错误；

D.速度v=生和加速度孚都是利用比值定义法得到的定义式，D正确。

故选D。

2.如图所示为同一地点出发的/、5两物体做直线运动的v—f图象，由图可知（）

A.4时刻/、8两物体相遇

8"1时刻/、3两物体速度大小相等，方向相反

C.t2时刻物体4的加速度小于物体B的加速度，二者方向相反

D.0-4过程中物体43的位移大小相等，方向相同

【答案】C

【解析】

【详解】A.因图像的面积等于位移，则07时间内N的位移小于8,则4、8两物体没有相遇，选项A错

误；

B.4时刻/、8两物体速度大小相等，方向相同，选项B错误；

C.因V"图像的斜率等于加速度，可知时刻物体/的加速度小于物体2的加速度，因斜率的符号相

反，可知二者加速度方向相反，选项c正确；

D.0-右过程中物体/、3的位移大小相等，方向相反，选项D错误.

3.如图所示，轻弹簧A一端固定，另一端系一质量为加的小球，小球通过不可伸长的轻绳绕过光滑定滑轮

连接轻弹簧B且处于平衡状态，已知定滑轮位于弹簧A固定点的正上方。现缓慢收绳，使滑轮右侧的绳长

减小少许，小球仍处于平衡状态，弹簧始终处于弹性限度内，则下列说法正确的是（）

A.小球的运动轨迹为一小段圆弧B.弹簧B的长度变长

C.弹簧A的长度变长D.弹簧A的长度变短

【答案】A

【解析】

9=在=4

LIx

根据胡克定律，有

K=k[x0-x)

解得

xkL

x=n---------

kL+G

所以

F.=k（x0-x）="oG

1V0'kL+G

A.由于收绳后弹簧的实际长度x不发生变化，轨迹为圆弧，A正确;

B./减小，则轻绳拉力每减小，所以弹簧B长度减小，B错误;

CD.6的大小不变，即弹簧A的弹力大小不发生变化，长度不变，CD均错误。

故选A。

4.2024年2月3日7时37分，我国在西昌卫星发射中心使用长征二号丙运载火箭，成功将吉利星座02组

卫星发射升空，11颗卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。假设其中三颗卫星绕地球做圆周运

动，。为地球的同步卫星，周期为T,6为倾斜轨道卫星，。为极地卫星（绕地球的两极做圆周运动），已

知〃=〃＞弓，地球表面两极的重力加速度为g，地球半径为凡则下列说法正确的是（）

B.c卫星的运动周期大于7

C.。和c卫星的线速度之比为J

r2

D.a和c卫星的向心加速度之比为彳

re

【答案】A

【解析】

【详解】B.根据开普勒第三定律

333

rrr

a_b_y

rplrri2rpl

11b1c

可得

Tb=T>Tc

故B错误;

A.根据黄金代换式

GM=gR2

根据万有引力提供向心力

GMm加4乃2

（小广〃…）

解得

h产—R

\4兀2

故A正确;

C.根据

GMm_mv2

r2r

可得

7

a和c卫星的线速度之比为

故C错误;

D.根据

GMm

——--二ma

r

可得

GM

d—

,2

。和c卫星的向心加速度之比为

=i

aera

故D错误。

故选Ao

5.如图所示，汽车用跨过定滑轮的轻绳提升物块4汽车匀速向右运动，在物块/到达滑轮之前，关于物

B.将竖直向上做匀速运动

C.将竖直向上做加速运动

D将竖直向上先加速后减速

【答案】C

【解析】

【详解】对汽车的速度v沿绳子的方向和垂直于绳子的方向进行正交分解，如图所示，有：

V2=VCOS3,vi=vsin0

物块上升的速度大小等于也，由也=vcosO可知，汽车匀速向右，。角变大，所以V2增大，物块向上做加速

运动，加速度向上，物块处于超重状态

A.将处于失重状态与分析不符，故A项与题意不相符；

B.将竖直向上做匀速运动与分析不符，故B项与题意不相符；

C.将竖直向上做加速运动与分析相符，故C项与题意相符；

D.将竖直向上先加速后减速与分析不相符，故D项与题意不相符.

6.如图所示，有一竖直半圆形轨道，由四段相同的光滑圆弧轨道8CCD、DE、E/拼接而成，每段对应

的圆心角均为45。，8点位于轨道圆心的正上方，设连接处顺滑。若将一质量为优的小球以速度也从最低

点/水平向右射入轨道，最后通过2点离开轨道。现保持小球的入射速度不变，要使其高度达到最大，则

应（）

A.拆去轨道的2C段B,拆去轨道的段

C.拆去轨道的段D.以上三种情况，小球达到高度均相同

【答案】B

【解析】

【详解】若拆去轨道的2C段或段，小球脱离轨道后都做斜抛运动，到达最高点时具有水平速度；若

拆去BD段，小球脱离轨道后做竖直上抛运动，到达最高点时，速度为零。根据机械能守恒定律，可知拆

去轨道的2。段，上升到最高点动能为零，高度最高。

故选B。

7.今年4月19日，广西一法院开庭审理一起高空抛物致一高中生死亡的案例，高空抛物是十分危险的行

为，我国正式将高空抛物罪纳入刑法内容，我们应杜绝高空抛物行为。现有一居民在阳台玩耍，不慎将篮

球从窗台外落下，致篮球从高楼落下做自由落体运动，篮球开始下落后的vT图像如图所示，已知/=0时

篮球距地面高度为12.8m,重力加速度g取lOm/s2,不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.篮球下落至地面所用时间为2s

B.篮球落地时的速度大小v=16m/s

C.篮球落地后反弹的最大高度为3m

D./=0至/■=2s,篮球的位移大小为12m

【答案】B

【解析】

【详解】A.设自由落体加速度的方向为正方向，下落的高度〃=12.8m,有下落时间为乙，则

:=^=后鲁=而"/

故A错误。

B.设落地时速度为V,则

v2=2gh

v=12gh=V2xl0xl2.8m/s=16m/s

故B正确；

C.由图像知1.6s后，篮球做初速度为％=-10m/s的竖直上抛运动，反弹的最大高度

2

h.=—=5m

2g

故C错误；

D.当运动的时间弓=2s-l.6s=0.4s,则发生位移为〃2，

22

h,=+^-g?2=-10x0,4m+5x0.4m=-3.2m

2s后的位移为

x=h+hi=12,8m-3.2m=9.6m

故D错误。

故选B。

二、多选题

8.一质点做减速直线运动过程中速度和位置坐标的关系如图v-x所示，下列分析正确的是（）

A.0〜2%过程中质点的加速度恒定

B.2%〜3%过程中质点的加速度逐渐减小

C.质点在v=不时的加速度等于v=也时的加速度

48

D.质点在v=现时的加速度大于v=也时的加速度

48

【答案】BC

【解析】

【详解】AB.由图知

v=kx+b

等式两侧对时间求导得

a-kv

故两段运动过程加速度都逐渐减小，故A错误，B正确；

CD.由图可知两段斜率关系为左2=2勺，所求加速度之比为

,3

k2V2左2一%

故C正确，D错误。

故选BC=

9.如图所示，半径为R的光滑绝缘四分之一圆弧形轨道4B固定在竖直平面内，。为其圆心，水平。

在圆弧轨道的最低点5处固定一带正电的小球，电荷量为如另有质量为加的带电小球N从/点处无初速

释放，运动到C点时达到最大速度v。己知N/OC=30°,静电力常量为七两小球的大小可忽略。则

()

A.N小球可能带负电

B.N小球的带电量为壁-

kq

C.N小球从/点到C点的过程中，电场力做功为邈二竺

2

D.N小球从/点到C点的过程中，减少的机械能为遮二”

2

【答案】BD

【解析】

【详解】A.由题意知，在C点达到最大速度，所以C点后速度减小，而重力做正功，所以电场力做负

功，故电场力是斥力，故小球带正电，故A错误；

B.由小球在C点速度最大，所以在C点的切向加速度为零，则

mgcos30°=左繁cos30°

解得

•mgR2

q=~—

kq

故B正确；

C.设小球从4点运动到C点的过程中电场力做功为忆由动能定理可得

加gT?sin30°+%=—mv2-0

解得

11

W=-mv2——mgR

故C错误；

D.由功能关系可知，N小球从4点到。点的过程中，减少的机械能为电场力做功的绝对值，即

|四|=喀对

故D正确。

故选BD„

10.一小球质量为加，用长为£的悬线（不可伸长、质量不计）固定于。点，在。点正下方上处钉有一颗

3

光滑小钉子，如图所示。将悬线沿水平方向拉直然后无初速度释放，则当悬线碰到钉子后的瞬间（）

O

orL

A.小球的角速度突然增大到原来的1.5倍

B,悬线对小球的拉力不变

C.小球的向心加速度突然增大到原来的3倍

D.小球的线速度大小不变

【答案】AD

【解析】

【详解】AD.把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当悬线碰到钉子的前后瞬间，由于绳子拉力与重

力都与速度垂直，所以不改变速度大小，即线速度大小不变，而半径变为原来的2,根据

3

v=a)r

得知角速度增大到原来的L5倍，故AD正确；

B.根据牛顿第二定律可得，悬线碰到钉子前瞬间

V2

7)-mg=m—

解得

v2

乙=mg+m~j~

悬线碰到钉子后瞬间有

EV2

T2-mg=m—

-L

3

解得

e3mv2

故B错误；

C.根据牛顿第二定律可得

2

V

Q=-----

半径变为原来的2,悬线碰到钉子后瞬间向心加速度变为原来的1.5倍，故C错误。

3

故选AD。

三、非选择题

11.如图是/、3两物体同时由同一地点向同一方向做直线运动的vY图象，从图象上可知右s时,

/、8相遇：t=s时，N、8相距最远。

【答案】①.4020

【解析】

【分析】

【详解】在0〜20s内物体A的速度始终大于物体B的速度，并且A的速度图象与时间轴围成的面

积代表A的位移，而B的速度图象与时间轴围成的面积代表B的位移，两个面积的差代表两者之间的距

离。由图可知在相遇之前20s末A、B相距最远，40s末，A的位移

xi=5><40m=200m

B的位移

x,=—x40xl0m=200m

22

故40s末A、B相遇.

12.如图为电饭锅的电路图。氏、色是电热丝，S是温控开关，A,8两点接照明电路。电饭锅工作时有加

热和保温两种工作状态。当S闭合时，电饭锅处于工作状态；若&：R2=9：1,加热时的功

率为1000W,则保温时的功率为W»

Ao---------------1I---------

氏

B。-------------1I-----------

Ri

【答案】①.加热②.100

【解析】

【详解】［1］当S闭合时，电阻必被短路，电路中电阻较小，电压两端的电压不变，根据功率公式

P=—,功率较大，电饭锅处于加热状态。

R

［2］当S闭合时，电饭锅处于加热状态，由题，功率为尸plOOOW,则有

U2

Px=­

R2

当s断开时，电饭锅处于保温状态，功率为

U2

P2=

8+尺2

则

尸2：Pl=&：（尺1+R2）

解得

尸2=100w

13.如图所示，半径为R=0.5m的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴旋转的水平转台上，转台转轴与过陶

罐球心。的对称轴。O重合。转台静止不转动时，将一个质量为2kg、可视为质点的小物块放入陶罐内，

小物块恰能静止于陶罐内壁的4点，且/点与陶罐球心。的连线与对称轴成0=37。角。重力加速度

g=10m/s2,sin370=0.6,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则：

（1）当转台绕转轴匀速转动时，若物块在陶罐中的N点与陶罐一起转动且所受的摩擦力恰好为0,则转台

转动的角速度为多少？

（2）若转台转动的角速度为回rad/s,物块仍在陶罐中的/点随陶罐一起转动，则陶罐给物块的弹力和

摩擦力大小为多少？

'Ct）

9

I

【答案】(1)5rad/s；(2)26.8N,2.4N

【解析】

【详解】(I)若物块在陶罐中的N点与陶罐一起转动且所受的摩擦力恰好为0,对物块分析有

mgtan0=mcci^r

圆周运动半径

r=7?sin0

解得

ft>o=5rad/s

(2)当转台的角速度为同rad/s时，由于该角速度大于5rad/s,则物块有向外滑的趋势，摩擦力方向向

内，则有

NcosO-fsinO+mg,Nsin3+fcos0=m(t)2Rsm0

解得

N=26.8N,户2.4N

14.质量为m=5kg的物体，在水平力尸=20N的作用下，在水平面上从静止开始运动，物体与水平面的动

摩擦因数为0.2,运动时间为Q5s,求：

(1)力在5s内对物体所做的总功；

(2)力/在5s内对物体所做功的平均功率；

(3)5s末，力厂对物体做功的瞬时功率。(g=10m/s2)

【答案】(1)250J；(2)100W；(3)50W

【解析】

【分析】

【详解】(1)由牛顿第二定律可知

F-/img=ma

解得

a=F----jug=-2-0----02=02m/s2

m5

物体在5s内的位移为

11