2025届辽宁省凤城市通远堡高级中学物理高二第一学期期中经典试题含解析

2025届辽宁省凤城市通远堡高级中学物理高二第一学期期中经典试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、质量为1kg的篮球竖直向下以6m/s的速度落至水平地面，再以4m/s的速度反向弹回。取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于球动量变化量△p和合外力对小球做的功W，下列说法正确的是（）A．△p＝﹣10kg•m/sW＝﹣10JB．△p＝10kg•m/sW＝﹣10JC．△p＝﹣2kg•m/sW＝﹣10JD．△p＝﹣2kg•m/sW＝10J2、如图所示，大小可以不计的带有同种电荷的小球A和B互相排斥，静止时两球位于同一水平面上，绝缘细线与竖直方向的夹角分别为α和β，且α<β，由此可知()A．B球带电荷量较多B．B球质量较大C．A球带电荷量较多D．使两球接触后，再静止下来，两绝缘线与竖直方向的夹角变为α′、β′，则仍有α′<β′3、在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板B与一静电计相接，极板A接地．下列操作中可以观察到静电计指针张角变大的是（）A．极板A上移B．极板A右移C．极板间插入一定厚度的金属片D．极板间插入一云母片4、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离减少为原来的，它们之间的相互作用力变为（）A． B．F C．9F D．81F5、平行板间加如图所示周期变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=0时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况，能定性描述粒子运动的速度图象正确的是：A． B． C． D．6、如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是()A．R1短路 B．R2断路 C．R3断路 D．R1、R2同时短路二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，绝缘的斜面处在于一个竖直向上的匀强电场中，一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端，已知在金属块下滑的过程中动能增加了0.3J，重力做功1.5J，电势能增加0.5J，则以下判断正确的是A．金属块带负电荷 B．电场力做功0.5JC．金属块克服摩擦力做功0.7J D．金属块的机械能减少1.2J8、质量为m的金属导体棒置于倾角为θ的导轨上，棒与导轨间的动摩擦因数为μ，当导体棒通电时，恰能在导轨上静止，如图所示的四个图中标出了四种可能的匀强磁场的磁感应强度B的方向，其中棒与导轨间的摩擦力可能为零的是()A． B．C． D．9、如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A．电势，场强B．电势，场强C．将电荷从A点移到B点电场力做了正功D．将电荷分别放在A、B两点时具有的电势能10、如图所示，平行板电容器两极板M、N相距d，两极板分别与电压恒定为U的电源两极连接，极板M带正电．现有一质量为m的带电油滴在极板中央处于静止状态，则（）A．油滴带负电B．油滴带正电C．油滴带电荷量为D．将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图，实验前，应对实验装置反复调节，直到槽末端切线水平．取g=9.8m/s2，计算结果均保留三位有效数字．（1）实验过程中，每次让小球从同一位置由静止释放，其目的是______．（2）图乙是根据实验数据所得的平抛运动的曲线，其中O为抛出点，则小球做平抛运动的初速度大小v=______m/s．（3）在另一次实验中，将白纸换成方格纸，每小格的边长L=4.90cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所示．可知该小球做平抛运动的初速度大小v0=______m/s，B点在竖直方向的分速度大小vyB=______m/s．12．（12分）某物理学习小组的同学在研究性学习过程中，用伏安法研究某电子元件R1（6V，2.5W）的伏安特性曲线，要求多次测量尽可能减小实验误差，备有下列器材：A．直流电源（6V，内阻不计）B．电流表G（满偏电流3mA，内阻）C．电流表A（，内阻未知）D．滑动变阻器R（，5A）E．滑动变阻器Rˊ（，）F．定值电阻R0（阻值）G．开关与导线若干（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）．（画在方框内）_____（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用_____．（填写器材序号）（3）将上述电子元件R1和另一电子元件R2接入如图所示的电路甲中，它们的伏安特性曲线分别如图乙中oa、ob所示．电源的电动势E=6.0V，内阻忽略不计．调节滑动变阻器R3，使电子元件R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电子元件R1的阻值为_____，R3接入电路的阻值为_____（结果保留两位有效数字）．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，质量为5×10﹣8kg的带电微粒以v0=2m/s速度从水平放置的平行金属板A、B的中央飞入板间．已知板长L=10cm，板间距离d=2cm，当UAB=103V时，带电微粒恰好沿直线穿过板间，已知求：（1）带电微粒所带电荷量？（2）AB间所加电压在什么范围内带电微粒能从板间飞出？14．（16分）如图所示，一个上表面粗糙质量为M=20kg的长木板静止在光滑水平面上，长木板上面左端放置一质量为m=5kg的小物块（可看成质点），现给小物块一水平向右的初速度，由于摩擦小物块最后刚好停在木板的最右端，取。求:（1）木板最终获得的速度v（2）如果改变小物块的初速度，可使木板最终获得的速度发生变化。为使木板最后的速度是（1）中的速度v的一半，则给小物块的初速度应为多大？15．（12分）如图所示，在水平面内有一个正三角形边界和一个边长为l、每条边均为挡板的正六边形边界ABCDEF，在其六个顶点各开有一小孔，且正三角形边界与正六边形边界的几何中心重合.两边界之间的区域Ⅰ和六边形边界以内的区域Ⅱ均有垂直纸面向里的匀强磁场，三角形边界以外为真空.区域Ⅰ磁感应强度大小为4B0，区域Ⅱ磁感应强度大小为B0.现有大量质量均为m、电量均为q的正电粒子(粒子直径略小于小孔直径)从A点以大小不同的速度v垂直于AB边进入区域Ⅱ，若粒子与挡板撞击则速度立刻减为0，不计粒子的重力与粒子间的相互作用力，则：(1)求能从顶点C由区域Ⅱ射入区域Ⅰ的粒子速度的大小；(2)求粒子最初从A点出发又回到A点经历的最短路程;(3)为使所有粒子均不会从正三角形边界中飞出，求正三角形边界所围的最小面积.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

取竖直向上方向为正方向，则小球与地面碰撞过程中动量的变化为：△p=mv2-（mv1）=1×（4+6）kg•m/s=10kg•m/s方向竖直向上。由动能定理得：代入数据得：W=-10JA．△p＝﹣10kg•m/sW＝﹣10J，与结论不相符，选项A错误；B．△p＝10kg•m/sW＝﹣10J，与结论相符，选项B正确；C．△p＝﹣2kg•m/sW＝﹣10J，与结论不相符，选项C错误；D．△p＝﹣2kg•m/sW＝10J，与结论不相符，选项D错误；2、D【解析】

根据AB受到的库仑力FC，属于相互作用力，与各自电量大小无关，故AC错误；对小球A、B受力分析，根据平衡条件有：mAgtanα=FC；mBgtanβ=FC；因α＜β，所以mA＞mB，故B错误。两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α′、β′，对小球A、B受力分析，根据平衡条件有：mAgtanα'=F【点睛】本题考查物体的平衡，较好的考查了学生综合应用知识的能力，是一道考查能力的好题。比较一个物理量时，应先运用物理规律表示出这个物理量再进行比较。3、A【解析】

A．极板A上移，极板正对面积减小，根据电容的决定式C=εS4πkd，可知电容C减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=QB．极板A右移，板间距离减小，根据电容的决定式C=εS4πkd，可知电容C增大，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=QC．极板间插入一定厚度的金属片，相当于板间距离减小，根据电容的决定式C=εS4πkd，可知电容C增大，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=QD．极板间插人一云母片，根据电容的决定式C=εS4πkd，可知电容C增大，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=Q【点睛】对于电容器动态变化分析问题，关键掌握电容的决定式C=εS4πkd和电容的定义式4、D【解析】

真空中两个静止的点电荷的作用力满足库仑定律的条件，所以根据库仑定律可得，电量和距离变化前，他们间的库仑力为它们的带电量都增大为原来的3倍，距离减少为原来的后故D正确，ABC错误。5、A【解析】

由于电压在一段时间内是常数，所以电场强度也是常数，带电粒子受到的电场力也是常数，根据牛顿第二定律：F=ma可知带电粒子的加速度也是常数；带电粒子匀加速后，电压反向了，电场力也反向，该粒子做匀减速直线运动．由于加、减速时间相同，该粒子的速度恰好减为零，没有反向运动的机会；下一周期又开始匀加速，故A正确，BCD错误。故选A。6、C【解析】

A．若R1短路，则两个灯泡都被短路，都不亮，故A错误；B．若R2断路，则两个灯泡都被断路，都不亮，故B错误；C．若R3断路，外电阻增大，外电阻增大，路端电压U增大，干路电流I减小，R1电流I1增大，则通过A的电流IA=I-I1减小，A灯变暗。B灯电压UB=U-IA（RA+R2）增大，B灯变亮，符合题意。故C正确；D．R1、R2同时短路，AB灯都不亮，不符合题意，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

在下滑过程中电势能增加0.5J，故物体需克服电场力做功为0.5J，故金属块正电，故AB错误；在金属块滑下的过程中动能增加了0.3J，重力做功1.5J，电场力为-0.5J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得：Wf=-0.7J，故C正确；外力做功为W外=W电+Wf=-1.2J，故机械能减少1.2J，故D正确．所以CD正确，AB错误．8、AC【解析】

A.杆子受重力，竖直向上的安培力，若重力与安培力相等，则二力平衡，不受摩擦力，故A正确；B.杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力．故B错误；C.杆子受重力、水平向右的安培力和斜面的支持力，若三个力平衡，则不受摩擦力，故C正确；D.杆子受重力、水平向左的安培力，支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力．故D错误。故选AC。9、BCD【解析】

电场线越密的地方电场强度越大，所以场强，沿着电场线电势一定降低，所以电势，故A错误，B正确；将+q电荷从A点移动到B点所受电场力和电场线方向相同，电场力做正功，故C错误．将-q电荷从A点移动到B点，所受电场力和电场线方向相反，电场力做负功，电势能增加，所以，故D错误．故选B．【点睛】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．要正确在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，理解这些概念之间的关系．10、AC【解析】试题分析：由题，带电荷量为q的微粒静止不动，则微粒受到向上的电场力，平行板电容器板间场强方向竖直向下，则微粒带负电．故A正确，B错误．由平衡条件得：，得油滴带电荷量为：，故C正确．极板N向下缓慢移动一小段距离，电容器两极板距离s增大，板间场强减小，微粒所受电场力减小，则微粒将向下做加速运动．故D错误．故选AC．考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题整合了微粒的力平衡、电容器动态分析，由平衡条件判断微粒的电性，注意由受力情况来确定运动情况，是解题的思路．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、保证小球平抛运动的初速度相同1.61.471.96【解析】

（1）每次让小球从同一位置由静止释放，目的是保证小球平抛运动的初速度相同．

（2）根据，可得：小球平抛运动的初速度为：．

（3）在竖直方向上，根据△y=2L=gT2得：小球的初速度为：

B点的竖直分速度为：．12、D

104【解析】

（1）描绘灯泡的伏安特性曲线，电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；由题意可知，没有电压表，需要用已知内阻的电流表G与定值电阻R0串联测电压，灯泡电阻R=U2/P=14.4Ω，电压表内阻为10+1990=2000Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，电路图如图所示：（2）为方便实验操作，同时分压接法时，要求用小电阻，故滑动变阻器应选D．（3）两元件串联，流过它们的电流始图相等，电子元件R1和R2消耗的电功率恰好相等，说明它们的电压和电流相等，由图乙可知，此时电阻两端的电压为U=2.5V，I=0.25A，根据欧姆定律得：R1＝U/I=2.5V/0.25A＝10Ω．根据串并联电路特点，可知，此时流过R3的电流为：I′=2I=0.5A，两端的电压为：U′=E-U=6V-2.5V=3.5V；R3接入电阻的阻值为：R3=(E-2U)/I=(6-2×2.5)/0.25=4.0Ω；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）1800V≥u≥200V【解析】（1）由题意，当带电微粒恰好沿直线穿过板间时有电场力和重力平衡：F电=G，由F电=qE和，可得：

由粒子所受电场力方向竖直向上，与场强方向相反，可知粒子带负电．

（2）粒子在电场中的运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动．设运动时间为t，竖直方向的加速度为a，AB间电压为U，当粒子恰好由电场边缘飞出时，有：x