四川省成都市达标名校2025届物理高二第一学期期中监测模拟试题含解析

四川省成都市达标名校2025届物理高二第一学期期中监测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、已知地球的半径为6.4×103km，水的摩尔质量为1.8×10-2kg/mol，阿伏加德罗常数为6.02×1023个/mol,设想将1g水均匀地分布在地球表面，估算1m2的地球表面上分布的水分数目约为（）A．7×107个 B．3×108个 C．3×1011个 D．7×1010个2、足球比赛中，运动员用力将球踢出，在此过程中A．运动员先给足球作用力，足球随后给运动员反作用力B．运动员给足球的作用力大于足球给运动员的反作用力C．运动员给足球的作用力与足球给运动员的反作用力是一对平衡力D．运动员给足球的作用力与足球给运动员的反作用力方向相反3、一个半径为r、质量为m、电阻为R的金属圆环，用一根长为L的绝缘细绳悬挂于O点，离O点下方处有一宽度为，垂直纸面向里的匀强磁场区域，如图所示．现使圆环从与悬点O等高位置A处由静止释放（细绳张直，忽略空气阻力），摆动过程中金属环所在平面始终垂直磁场，则在达到稳定摆动的整个过程中金属环产生的热量是（）A．mgL B． C． D．mg（L+2r）4、下列关于静电场的说法正确的是（）A．在孤立点电荷形成的电场中没有场强相等的两点，但有电势相等的两点B．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势向低电势运动C．场强为零处，电势一定为零；电势为零处，场强一定为零D．初速为零的正电荷在电场力作用下一定沿电场线运动5、在研究摩擦力的实验中，每次用弹簧秤水平拉一放在水平桌面上的木块，木块运动状态及弹簧秤的读数如下表所示（每次木块与桌面的接触面相同）则由表可知：（）实验次数小木块运动状态弹射秤读数（N）1静止0.42静止0.63加速0.74匀速0.55减速0.3A．木块受到的最大摩擦力为0.7NB．木块受到的最大静摩擦力一定为0.6NC．在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有三次是相同的D．在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有二次是相同的6、如图所示，直线A为电源的图线，直线B为电阻R的图线；用该电源和电阻组成的闭合电路，电源输出功率和电路的总功率分别是()A．4W，8WB．2W，4WC．4W，6WD．2W，3W二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电荷量为的电荷由A移动到C电场力做功，该电荷由C移动到B电场力做功，若B点电势为零，以下说法正确的是A．A点电势为2V B．C点电势为-2VC．电场的方向为垂直于AC指向B D．电场的方向为由C指向A8、如图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计．匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成θ角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则()．A．导体棒向左运动B．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELC．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELD．开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为BEL9、如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点(先后经过a，b两点)。若带电粒子在运动过程中只受到电场力作用，下列说法正确的是（）A．粒子一定带正电B．带电粒子在a点的加速度一定大于在b点的加速度C．带电粒子在a点的动能一定大于在b点的动能D．带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能10、如图所示的直角坐标系中，第一象限内分布着均匀辐射的电场．坐标原点与四分之一圆弧的荧光屏间电压为U；第三象限内分布着竖直向下的匀强电场，场强大小为E，大量电荷量为﹣q（q＞0）、质量为m的粒子，某时刻起从第三象限不同位置连续以相同的初速度v0沿x轴正方向射入匀强电场，若粒子只能从坐标原点进入第一象限，其它粒子均被坐标轴上的物质吸收并导走并不影响原来的电场分布，不计粒子的重力及它们间的相互作用，下列说法正确的是A．能打到荧光屏的粒子，进入O点的动能必须大于qUB．能进入第一象限的粒子，在匀强电场中的初始位置分布在一条直线上C．到达坐标原点的粒子速度越大，到达O点的速度方向与y轴的夹角θ越大D．若U＜，荧光屏各处均有粒子到达而被完全点亮三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率．步骤如下：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为cm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为mm；（3）用多用电表的电阻“×1”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为Ω．12．（12分）读出以下实验仪器的读数：(1)甲图为某次用螺旋测微器测量电阻丝直径d时的示数，则d=________mm；(2)乙图为用多用电表×100Ω挡测某电阻，表针所指的示数为R=________Ω。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路时，电机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0A．求：（1）电动机的电阻多大？（2）电动机正常工作时的输出功率多大？14．（16分）如图所示的xoy平面上，以坐标原点O为圆心的四分之一圆形区域MON内分布着磁感应强度为B=2.0×10-3T的匀强磁场，其中M、N点距坐标原点O为m，磁场方向垂直纸面向里。坐标原点O处有一个粒子源，不断地向xOy平面发射比荷为=5×107C/kg的带正电粒子，它们的速度大小都是v=1×105m/s，与x轴正方向的夹角分布在0～90°范围内。（1）求平行于x轴射入的粒子，出射点的位置及在磁场中的运动时间；（2）若粒子进入磁场前经加速使其动能增加为原来的2倍，仍从O点垂直磁场方向射入第一象限，求粒子在磁场中运动的时间t与射入时与x轴正向的夹角θ的关系．15．（12分）两个均标有“10V,20W”的线性元件L1和L2,与一个R=5Ω的电阻按图示电路相连．在电路两端加上U=15V的电压后，求：(1)流经L1的电流；(2)两元件L1和L2的实际功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

1g水所含分子数为1cm2所含分子数为个/m2A.7×107个与上述计算结果个相符，故A正确；B.3×108个与上述计算结果个不相符，故B错误；C.3×1011个与上述计算结果个不相符，故C错误；D.7×1010个与上述计算结果个不相符，故D错误；2、D【解析】

运动员给足球的作用力与足球给运动员的反作用力方向相反，两个力同时存在，同时消失；故选D.3、C【解析】

当圆环摆动时，由于不断地进出磁场切割磁感线产生感应电流，消耗机械能，高度逐渐降低；当环在磁场下方摆动，不再进入磁场时，摆动稳定，金属环中产的焦耳热等于环减少的机械能，由能量守恒定律得故选C。4、A【解析】

A.场强为矢量，场强大小相等的点方向不同，但在等势面上的点电势都相等，故A正确；B.由于没有说正电荷的运动状态，故无法判断正电荷的运动方向，故B错误；C.电势和场强无必然联系，场强为零处，电势不一定为零，电势为零处，场强不一定为零，故C错误；D.初速度为零的正电荷在电场力作用下，只能在是直线的电场线上沿电场点运动，故D错误。5、C【解析】

AB．由图可知，当弹簧弹力为0.6N时，物体处于静止状态，当弹力为0.7N时，物体开始加速运动，由此可知，最大静摩擦力不可能为0.7N，可能为0.6N，或者大于0.6N，小于0.7N，故AB错误；CD．当木块开始运动时，所受摩擦力为滑动摩擦力，大小保持不变，因此在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有三次是相同的，故C正确，D错误。故选C。6、C【解析】

由图可知，电源电动势为，用该电源和该电阻组成一个闭合电路，电路中的电流为，路端电压为则电源输出功率为：电源总功率是：总A.4W，8W与分析不符，故A错误；B.2W，4W与分析不符，故B错误；C.4W，6W与分析相符，故C正确；D.2W，3W与分析不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】根据电势差定义式可得：，若B点电势为零，可得C点电势为：，而A与C间的电势差：，，则A点电势φA=-2V，故A错误，B正确；由上分析可知，AC连线的中点N电势为零，N与B点的连线即为等势线，且电场线垂直于等势线，三角形ABC为等边三角形，BN⊥AC，根据沿着电场线方向，电势降低，则有匀强电场的方向由C到A，故C错误，D正确．所以BD正确，AC错误．8、BD【解析】

A、开关闭合，由左手定则可知，磁感线穿过掌心，则大拇指向为垂直磁感线向右，从而导致导体棒向右运动，故A错误；BC、当开关闭合后，根据安培力公式F=BIL，I=ER，可得F=BELR，故D、当开关闭合后，安培力的方向与导轨成90°-θ的夹角，再根据力的分解可得合力大小，再由牛顿第二定律与安培力的大小可知，加速度a=BELsinθmR，故D故选BD。【点睛】据左手定则来确定通电导线的安培力的方向，闭合电路欧姆定律与安培力公式结合可求出其力的大小，最后由牛顿第二定律来确定导体棒瞬间的加速度。9、BC【解析】

A.由图可知粒子的运动轨迹向右下方弯曲，说明粒子在、两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性，故A错误；B.根据电场线的疏密程度可知带电粒子在点的电场强度一定大于在点的电场强度，根据和牛顿第二定律得带电粒子在点的加速度一定大于在点的加速度，故B正确；CD.带电粒子由到，电场力做负功，动能减小，带电粒子在点的动能一定大于在点的动能，根据能量守恒可知带电粒子在点的电势能一定小于在点的电势能，故C正确，D错误。10、AD【解析】A、从坐标原点进入第一象限后电场力做负功，能打到荧光屏的粒子的速度必须大于0，由功能关系得，即能打到荧光屏的粒子，进入O点的动能必须大于qU，故A正确；B、粒子在第三象限内做类平抛运动，，，在匀强电场的初始位置分布在一条抛物线上，故B错误；C、粒子在第三象限内做类平抛运动，到达O点的速度方向与y轴的夹角θ，则有，而初速度相同，到达坐标原点的粒子速度越大，到达O点的速度方向与y轴的夹角θ越小，故C错误；D、粒子在电场中的偏转角，运动时间不同，从坐标原点进入第一象限速度方向与x轴的夹角θ不同，所以可以任意夹角进入第一象限，若，荧光屏各处均有粒子到达而被完全点亮，故D正确；故选AD．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）5.015(5.020)（2）4.700（3）22.0【解析】试题分析：(1)由题可知游标卡尺的分度为20分度，其精确度为0.05mm，读数为L=50mm+3×0.05mm=50.15mm=5.015cm；(2)螺旋测微器的读数为d=4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm(3)电阻的阻值为R=22.0×1Ω=22.0Ω．考点：游标卡尺的读数；螺旋测微器的读数；欧姆表的读数．12、0.7301100【解析】

(1)[1]根据螺旋测微器读数方法可知读数为：d=0.5mm+23×0.01mm=0.730mm(2)[2]多用电表使用×100Ω挡，故读数为：R=11×100Ω=1100Ω四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)0.5Ω(2)1.5W【解析】

(1)当电动机不转时，由欧姆定律得：电动机的内阻为：(2)当电机正常工作时，输入功率P入=U2I2=2×1W=2W热功率为则输出功率P出=P入-P热=2-0.5（W）=1.5W14、（1）；（2）或【解析】

（1）平行于x轴射入的粒子，轨迹如图所示，设出射点为P，由得:

有几何关系可知：O1P=O1O=1m，OP=m，则ΔO1OP为等腰直角三角形，，故P点坐标为(1m，1m)运动时