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文档简介
2025届河南省名校物理高二上期中检测模拟试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、一平行板电容器充电后与电源断开,负极板接地,两板间有一个带正电的检验电荷固定在P点,如图所示,以C表示电容器的电容,E表示两板间的场强,表示P点的电势,表示正电荷在P点的电势能,若正极板保持不动,将负极板缓慢向右平移一小段距离,则下列各物理量与负极板移动距离x的关系图像正确的是()A. B.C. D.2、从空中某一高度同时平抛,自由落下两个质量均为m的小球,不计空气阻力,在小球落至地面的过程中()A.它们的动能变化不同,动量变化相同B.它们的动能变化相同,动量变化相同C.它们的动能变化不同,动量变化不同D.它们的动能变化相同、动量变化都不同3、两个绝缘导体环AA′、BB′大小相同,环面垂直,环中通有相同大小的恒定电流,如图所示,则圆心O处磁感应强度的方向为(AA′面水平,BB′面垂直纸面)()A.指向左上方 B.指向右下方 C.竖直向上 D.水平向右4、为了使电炉消耗的电功率减小到原来的一半,应采取下列哪项措施()A.保持电阻不变,使电流减半;B.保持电阻不变,使电压减半;C.保持电炉两端电压不变,使其电阻减半;D.使电压和电阻各减半5、一学习小组利用如图所示的实验装置,研究向心力与质量、角速度和半径的关系。同学们所采用的研究方法是()A.类比法B.科学推理法C.控制变量法D.等效替代法6、通过一个导体电流是5A,经过4min通过该导体一个截面的电量是()A.20CB.50CC.1200CD.2000C二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,有一带电物体处在一个斜向上的匀强电场E中,由静止开始沿天花板向左做匀速直线运动,下列说法正确的是()A.物体一定带正电B.物体一定带负电C.物体不一定受弹力的作用D.物体一定受弹力的作用8、如图所示,AB、CD为一圆的两条直径,且互相垂直,O点为圆心.空间存在一未知静电场,方向与圆周所在平面平行.现有一电子,在电场力作用下(重力不计),先从A点运动至C点,动能减少了W;又从C点运动至B点,动能增加了W,那么关于此空间存在的静电场可能是A.方向垂直于AB并由C指向O的匀强电场B.方向垂直于AB并由O指向C的匀强电场C.位于O点的正点电荷形成的电场D.位于D点的正点电荷形成的电场9、如图所示电路中,三只灯泡原来都正常发光,当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时,下面判断正确的是()A.L1和L3变亮,L2变暗B.L1变暗,L2变亮,L3亮度不变C.L1中电流变化值小于L3中电流变化值D.L1中电流变化值等于L3中电流变化值10、一电压表由电流表G与电阻R串联而成,如图所示.若在使用中发现此电压表的示数总是比准确值稍小一些,采取下列哪种措施加以改进?()A.在R上串联一比R小得多的电阻B.换用比R大点儿的电阻C.换用比R小点儿的电阻D.在R上并联一比R大得多的电阻三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)如图(a)为某同学组装完成的简易多用电表的电路图.图中E是电池;R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻,R6是可变电阻;表头G的满偏电流为250μA,内阻为480Ω.虚线方框内为换挡开关,A端和B端分别与两表笔相连.该多用电表有5个挡位,5个挡位为:直流电压1V挡和5V挡,直流电流1mA挡和2.5mA挡,欧姆×100Ω挡.(1)图(a)中的A端与________(填“红”或“黑”)色表笔相连接.(2)关于R6的使用,下列说法正确的是________(填正确答案标号).A.在使用多用电表之前,调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置B.使用欧姆挡时,先将两表笔短接,调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置C.使用电流挡时,调整R6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置(3)根据题给条件可得R1+R2=________Ω,R4=________Ω.(4)某次测量时该多用电表指针位置如图(b)所示.若此时B端是与“1”相连的,则多用电表读数为________;若此时B端是与“3”相连的,则读数为________;若此时B端是与“5”相连的,则读数为________.(结果均保留3位有效数字)12.(12分)实验室有一个内阻Rg=100Ω,量程为0~0.6mA的小量程电流表,现将该电流表改装成量程为0~3V的电压表,则应___________(填“串联”或“并联”)一个R=___________Ω的电阻。现将改装后的电压表测某一电压,读数时指针位置如图,则所测电压为___________V。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)小型直流电动机其线圈内阻为与规格为“4V4W”的小灯泡并联,再与阻值为的电阻串联,然后接至的电源上,如图所示,小灯泡恰好正常发光,电动机正常工作,求:(1)电动机的发热功率?(2)如果在正常工作时,转子突然被卡住,求此时电动机中的电流?14.(16分)如图所示,已知电源电动势E=20V,内阻r=1Ω,当接入固定电阻R=4Ω时,电路中标有“3V6W”的灯泡L和内阻r′=0.5Ω的小型直流电动机均恰能正常工作,求:⑴电路中的电流强度;⑵电动机的输出功率;⑶电源的效率.15.(12分)如图所示,有一对平行金属板,两板相距为0.05m,电压为10V。两板之间有匀强磁场,磁感应强度大小为B0=0.1T,方向与金属板面平行并垂直于纸面向里。图中右边有一半径R为0.1m、圆心为O的圆形区域内也存在匀强磁场,磁感应强度大小为B=33T(1)离子速度v的大小;(2)离子的比荷q/m;(3)离子在圆形磁场区域中运动时间t。
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】
A.由电容器的决定式:可知C与两极板间距离d成反比,故C与x不是线性关系,故A错误;B.电容器充电后与电源断开,电荷量Q不变,由:可得:所以可知电场强度E是定值,故B错误;C.因负极板接地,电势为零,所以P点电势为:L为P点到负极板的初始距离,因为E不变,随x增大而线性减小,故C正确;D.由:可知与成正比,故也随x增大而线性减小,故D错误。故选C。2、B【解析】
根据动能定理知,两球在整个运动过程中只有重力做功,下降的高度相同,则重力做功相同,动能的变化量相同;因下落的时间相同,根据动量定理ΔP=mgt可知动量的变化相同,选项B正确,ACD错误;故选B。3、A【解析】
根据安培定则可知:导体环AA′在O处产生的磁场方向为竖直向上,导体环BB′在O处产生的磁场方向为水平向左,按平行四边形定则可知,O处磁感应强度的方向为指向左上方,故A正确,BCD错误。4、D【解析】
A、由可知,保持电阻不变,使电流减半,功率变为原来的;错误B、由可知,保持电阻不变,使电压减半,功率变为原来的;错误C、由可知,保持电炉两端电压不变,使其电阻减半,则功率变为原来的2倍;错误D、由可知,使电压和电阻各减半,则功率变为原来的;正确5、C【解析】
在研究物体的“向心力与质量、角速度与半径”的关系时,由于变量较多,因此采用了“控制变量法”进行研究,分别控制一个物理量不变,看另外两个物理量之间的关系,故ABD错误,C正确。6、C【解析】
t=4min=240s,通过导体横截面的电荷量:Q=It=5A×240s=1200C,故选C。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AD【解析】
AB.物体由静止向左匀速运动,所以物体在运动过程中受力平衡,由于物体受以地球向下的重力作用,故物体所受电场力有有竖直向上的分量,故电场力沿电场线方向向上,物体带正电,故A正确,B错误.CD.又电场力沿电场方向向上,故电场力有水平方向的分力,而物体在水平方向受力平衡,故物体必受天花板的摩擦力作用,根据摩擦力的产生条件知,物体与天花板间必有弹力作用;故C错误,D正确.【点睛】知道电场方向与正电荷的受力方向相同,与负电荷的受力方向相反,这是解决本题的关键,能根据平衡判定物体所受弹力和摩擦力.8、AD【解析】考点:电势能;点电荷的场强;匀强电场.专题:电场力与电势的性质专题.分析:根据电子的电势能的变化确定A和B电势相等.如果是匀强电场,AB连线是等势线.根据电子先从A点运动至C点,动能减少了W去判断A点和C点电势高低,从而判断场强方向.如果是点电荷形成的电场,根据电子先从A点运动至C点,动能减少了W去判断场强方向.解答:解:现让一电子先从A点运动至C点,动能减少了W;又从C点运动到B点,动能增加了W,所以A和B电势相等.A、如果是匀强电场,AB连线是等势线,匀强电场垂直于AB,由于电子先从A点运动至C点,动能能减少,则电势能增加,所以A点电势高于C点电势,沿着电场线电势一定降低.所以方向垂直于AB由O点指向C点,故A正确,B错误.C、如果位于O点的正点电荷形成的电场,A点电势等于C点电势,故C错误.D、位于D点的正电荷形成的电场,符合题意,故D正确.故选AD.点评:注意电势能不仅与电荷有关还与电势有关,分析时一定要带入符号进行研究.9、AC【解析】
AB、当滑片左移时,滑动变阻器接入电阻减小,则电路中总电阻减小,由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大,故L1变亮;电路中总电流增大,故内电压及R0、L1两端的电压增大,而电动势不变,故并联部分的电压减小,故L2变暗;因L2中电流减小,干路电流增大,故流过L3的电流增大,故L3变亮,A正确B错误.CD、因L1中电流增大,L3中电流增大,而L2中电流减小;开始时有:I1=I2+I3,故L3上电流变化量大于LI上的电流变化量,C正确D错误.10、CD【解析】试题分析:电流表与电流表都是由表头改装成的,电压表是本题与分压电阻串联成的,根据串并联规律可知,若电压表读数总比准确值小,说明通过本题的电流较小,应减小分压电阻的大小,根据并联电阻需要任一支路电阻可知,应在R上并联一个比R大得多的电阻.解:电压表的读数总比准确值稍小一些,说明通过电流表G的电流偏小,串联的电阻R偏大,为减小串联电阻R的阻值需在R上并联一个比R大得多的电阻,所以D正确;故选D【点评】电流表、电压表的改装,实质上是电阻的串、并联问题,只要分清分电流、总电流,分电压、总电压,应用欧姆定律就能解决三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、黑B1608801.47mA1.10×103Ω2.95V【解析】
(1)[1]欧姆表内置电源正极与黑表笔相连,负极与红表笔相连,即红进黑出,端与电池正极相连,电流从端流出,端与黑表笔相连;(2)[2]由电路图可知只在测量电阻时才接入电路,故其作用只能进行欧姆调零,不能进行机械调零,同时在使用电流档时也不需要调节;A.与分析不符,故A错误;B.与分析相符,故B正确;C.与分析不符,故C错误;(3)[3]端与“1”“2”相连时,该多用电表挡位分别为直流2.5mA挡、直流1mA挡,如图所示由电表的改装原理可知端与“2”相连时,有:解得:[4]端与“4”相连时,如图所示多用电表为直流电压1V挡,表头并联部分电阻:(4)[5]端与“1”相连时,电表读数为1.47mA;[6]端与“3”相连时,多用电表为欧姆×100Ω挡,读数为:[7]端与“5”相连时,多用电表为直流电压5V挡,读数为:12、串联49002.30【解析】
[1][2]设改装成电压表要串联电阻的R,则
有:代入数据有:解得:R=4900Ω[3]因最小分度为0.1,则要估读到下0.01位,则读数为2.30V。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1);(2)【解析】
(1)流经灯泡的电流流经电阻R的电流流经电动机的电流电动机的发热功率(2)如果在正常工作时,转子突然被卡住,电动机相当于纯电阻,灯泡的电阻为灯泡与电动机并联的电阻为由欧姆定律可得,总电流为由所以流过电动机的电流为14、(1)2A(2)12W(3)90%【解析】解:(1)灯泡正常发光,电路流为:I=IL==A=2A;(2)电动机的额定工作电压为:UM=E﹣I(R+r)﹣UL1=20﹣2×(4+1)﹣3=7V电动机的输出功率为:P输=U2I﹣I2r′=7×2﹣22×0.5=12W(3)电动机的电功率为:P电=UI=7×2W=14W
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