重庆市十一中、七中等七校2025届物理高二第一学期期中学业水平测试模拟试题含解析

重庆市十一中、七中等七校2025届物理高二第一学期期中学业水平测试模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一电荷量q=+3×10-5C的小球，用绝缘细线悬挂于竖直放置足够大的平行金属板中的O点，开关S合上后，小球静止时细线与竖直方向的夹角θ=37°．已知两板间距d=0.1m，电源电动势E=15V，内阻r=0.5Ω，电阻R1=3Ω，R2=R3=R4=1Ω，．取g=10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.1．则以下说法正确的是()A．电源的输出功率为14WB．两板间的电场强度的大小为140V/mC．带电小球的质量5.6毫克D．若增加R1的大小，会有瞬时电流从右向左流过R42、如图a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个平行四边形的四个顶点.电场线与平行四边形所在的平面平行.已知a点的电势是2V，b点的电势是5V，c点的电势是9V.由此可知，d点的电势为（

）A．6VB．7VC．9VD．5V3、中国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图。结合上述材料，下列说法正确的是（）A．地磁场的磁感线不闭合B．地磁北极在地理北极附近C．指南针能够指向南北是受到地磁场的作用D．地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子没有力的作用4、如图所示，A、B为咬合转动的两齿轮，RA=2RB，则A、B两轮边缘上两点的（）A．线速度之比为2：1B．线速度之比为1：2C．角速度之比为1：2D．角速度之比为2：15、四盏灯泡接成图示电路，L1、L2灯泡的规格为“110V，60W”，L3、L4灯泡的规格为“110V，30W”，各个灯各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率。则这四盏灯泡中实际消耗功率最大和最小的灯泡分别是（）A．L3和L1B．L4和L3C．L3和L1D．L4和L26、下列说法正确的是A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B．根据F=kq1q2/r2，当两电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向无穷大C．若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头向右移动时，下面判断正确的是()A．电路中总电阻减小 B．L1变亮 C．L2变亮 D．L3变暗8、如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内电阻，以下说法中正确的是（）A．当R2＝R1＋r时，R2获得最大功率B．当R1＝R2＋r时，R1获得最大功率C．当R2＝0时，R1获得最大功率D．当R2＝0时，电源的输出功率最大9、满载A国公民的一航班在飞行途中神秘消失，A国推断航班遭到敌对国家劫持，政府立即调动大量海空军事力量进行搜救，并在第一时间紧急调动了21颗卫星参与搜寻．“调动”卫星的措施之一就是减小卫星环绕地球运动的轨道半径，降低卫星运行的高度，以有利于发现地面（或海洋）目标．下面说法正确的是A．轨道半径减小后，卫星的环绕速度增大B．轨道半径减小后，卫星的环绕速度减小C．轨道半径减小后，卫星的环绕周期增大D．轨道半径减小后，卫星的环绕周期减小10、下列说法正确的有A．奥斯特发现了电流的磁效应，并提出了分子电流假说B．磁场对运动电荷的作用力叫做洛伦兹力，并且洛伦兹发明了回旋加速器C．法拉第发现了电磁感应现象，并指出感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比D．楞次发现了感应电流方向遵守的规律，楞次定律也遵守能量转化和守恒定律三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一个小灯泡的额定电压为2.0V，额定电流约为0.5A，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘小灯泡的伏安特性曲线。A．电源E：电动势为3.0V，内阻不计B．电压表V1：量程为0～3V，内阻约为1kΩC．电压表V2：量程为0～15V，内阻约为4kΩD．电流表A：量程为0～0.6A，内阻约为0.6ΩE．滑动变阻器R1：最大阻值为10Ω，额定电流为1.0AF．滑动变阻器R2：最大阻值为150Ω，额定电流为1.0AG．开关S，导线若干(1)实验中使用的电压表应选用_____；滑动变阻器应选用____（请填写选项前对应的字母）。(2)实验中某同学连接实验电路如图所示，请不要改动已连接的导线，在下面的实物连接图中把还需要连接的导线补上_____。(3)根据实验中测得的电压表和电流表数据，已在下图坐标纸上做出小灯泡的U-I图线。请简述该图线不是直线的主要原因：_______________________。(4)若将实验中的小灯泡接在电动势为2.0V、内阻为4Ω的电源两端，则小灯泡的实际功率约为________W（保留两位有效数字）。12．（12分）“测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L、直径d和电阻R.．(1)用螺旋测微器测金属丝直径时读数如下图甲，则金属丝的直径为________mm．(2)用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图所示，则电压表的读数为________V，电流表的读数为__________A．(3)实验需要用刻度尺测出金属丝的长度l，用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻Rx．请写出测金属丝电阻率的表达式：ρ=____________（用上述测量量的字母表示）．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，电源电动势E＝9V，内阻r＝2Ω，定值电阻R1＝6Ω，R2＝10Ω，R3＝6Ω，电容器的电容C＝10μF．(1)保持开关S1、S2闭合，求电容器C所带的电荷量；(2)保持开关S1闭合，将开关S2断开，求断开开关S2后流过电阻R2的电荷量．14．（16分）如图所示，在水平面内有一个正三角形边界和一个边长为l、每条边均为挡板的正六边形边界ABCDEF，在其六个顶点各开有一小孔，且正三角形边界与正六边形边界的几何中心重合.两边界之间的区域Ⅰ和六边形边界以内的区域Ⅱ均有垂直纸面向里的匀强磁场，三角形边界以外为真空.区域Ⅰ磁感应强度大小为4B0，区域Ⅱ磁感应强度大小为B0.现有大量质量均为m、电量均为q的正电粒子(粒子直径略小于小孔直径)从A点以大小不同的速度v垂直于AB边进入区域Ⅱ，若粒子与挡板撞击则速度立刻减为0，不计粒子的重力与粒子间的相互作用力，则：(1)求能从顶点C由区域Ⅱ射入区域Ⅰ的粒子速度的大小；(2)求粒子最初从A点出发又回到A点经历的最短路程;(3)为使所有粒子均不会从正三角形边界中飞出，求正三角形边界所围的最小面积.15．（12分）如图所示电路，已知电源的电动势为6V，内阻忽略不计，，，，平行板电容器的电容为，求：（1）开关闭合后，电容器的电量；（2）开关断开后，通过电阻的电量．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

R2=R3=1Ω，并联后的电阻值为：R′＝R2=4Ω；由闭合电路的欧姆定律得：；电源的输出功率P=EI-I2r=15×2-22×0.5=21W，故A错误；两板间的电压为：UC=I（R1+R23）=2×（3+4）=14V；两板间的电场强度为：，故B正确；小球处于静止状态，所受电场力为F，又F=qE，由平衡条件得：水平方向Tcosα-mg=0；竖直方向：Tsinα-qE=0；得：m==5.6×10-4kg，故C错误；若增加R1的大小，电容两端电压增大，电容器充电，会有瞬时电流从左向右流过R4，故D错误．故选B．2、A【解析】

在匀强电场中，每前进相同的距离，电势的降落相等，故：，代入数据有：，解得：，故A正确，B、C、D错误；故选A．【点睛】关键是记住“匀强电场中每前进相同的距离电势的降落相等”的结论，并能灵活运用．3、C【解析】

A.地磁场的磁感线是闭合的，故A错误；B.根据题意可知，地磁北极在地理南极附近，故B错误；C.指南针能够指向南北是受到地磁场的作用，故C正确；D.地磁场与射向地球赤道的带电宇宙射线粒子速度方向并不平行，所以对带电宇宙射线粒子有力的作用，故D错误。故选C。4、C【解析】

咬后的两齿轮有两轮边缘上线速度大小相等，根据线速度大小相等和各物理量的关系求解即可；【详解】A、根据题意有两轮边缘上的线速度大小相等，即有，即，故选项AB错误；

B、根据角速度ω和线速度v的关系得角速度与半径成反比：即故C正确，选项D错误．【点睛】抓住齿轮咬合传动时，两轮边缘上线速度大小相等展开讨论，熟练掌握描述圆周运动的各物理量之间的关系是解决本题的关键．5、B【解析】

根据R=U2P可知，L1、L2灯泡的电阻小于L3、L4灯泡的电阻，即R1=R2<R3=R4，则L2、L3两灯泡并联后的电阻小于R2，可知由串联电路的电流相等可知，P4>P1>P2+P3；对L2和L3，由P=U2R可知P2>P3，则这四盏灯泡中实际消耗功率最大和最小的灯泡分别是6、D【解析】

库仑定律只适用于真空中的点电荷之间的作用力，当带电体本身的大小和形状对研究的问题影响很小时，可以将带电体视为点电荷，与电荷的实际大小和带电量无关，故A错误；当两个点电荷距离趋于0时，两电荷不能看成点电荷，此时库仑定律的公式不再适用，故B错误；两电荷之间的相互作用力大小相等，与点电荷电量的大小无关，故C错误；所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，故D正确。所以D正确，ABC错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

A.当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，故A误差。B.电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，故L1变暗，故B错误。CD.电路中电流减小，故内阻及R0、L1两端的电压减小，而电动势不变，故并联部分的电压增大，故L2变亮；因L2中电流增大，干路电流减小，故流过L3的电流减小，故L3变暗；故CD正确。8、AC【解析】

A．将定值电阻R1等效为电源的内阻，则可知当R2=R1+r时，R2获得最大功率，故A正确；BC．根据P=I2R，电流最大时，R1上的功率最大，当外电阻最小时，即R2=0时，电流最大，R1上获得最大功率，故B错误，C正确；D．只有电源内阻等于外电阻时，电源的输出功率是最大的，因不能明确R1与r的大小关系，故无法确定电源的输出功率是否最大，故D错误。故选AC。9、AD【解析】

人造卫星绕地球做圆周运动时,由万有引力提供向心力,则有:GMmr及GMmr可知随着距离r的减小，周期T减小，速度v增大，故AD对；BC错；故选AD【点睛】人造卫星绕地球做圆周运动时,由万有引力提供向心力,由牛顿第二定律得到卫星的线速度和周期的表达式,再分析即可.10、CD【解析】

A．奥斯特发现了电流的磁效应，安培提出了分子电流假说，故A错误；B．磁场对运动电荷的作用力叫做洛伦兹力，美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，故B错误；C．法拉第发现了电磁感应现象，并指出感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比，故C正确；D．楞次发现了感应电流方向遵守的规律，楞次定律也遵守能量转化和守恒定律，故D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BE实物连线图如图；灯丝电阻（率）随温度升高而增大【解析】

(1)[1][2].灯泡额定电压是2V，则电压表选B；为方便实验操作，滑动变阻器应选E．(2)[3].灯泡正常发光时电阻，，，，则电流表采用外接法，由表中实验数据可知，电压与电流从零开始变化，则滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示；闭合开关前，滑片应置于左端．(3)[4].因灯泡电阻随温度的升高而增大，故图象的斜率越来越大，所以图象发生了弯曲；(4)[5].电源的电动势为2V，内阻为4Ω，则电流与路端电压的关系式为：U=E-Ir=2-4I；在上图中作出电流与路端电压的图线，如图所示；交点坐标即为小灯泡的实际电压和电流，故功率为：P=UI=0.7×0.32=0.22W．12、（1）0.697（0.696-0.698）；（2）2.60，0.52；（3）；【解析】

(1)由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+19.7×0.01mm=0.697mm；(2)由图示电压表可知，其分度值为0.1V，电压表示数为2.60V，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.52A；(3)由欧姆定律可得：，，解得：．【点睛】本题考查了螺旋测微器读数、实验误差分析、求电阻率，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，螺旋测微器需要估读．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)Q＝3×10－5C(2)QR2＝6×10－5C【解析】

（1）保持开关S1、S2闭合,电容器的电压等于电阻R1的电压电路的电流R1两端的电压则电容器所带