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学必求其心得,业必贵于专精学必求其心得,业必贵于专精学必求其心得,业必贵于专精课后导练基础达标1设f(n)=(n∈N*),那么f(n+1)—f(n)等于()A.B.C。+D.—解析:f(n+1)—f(n)=答案:D2若把正整数按下图所示的规律排序,则从2002到2004年的箭头方向依次为()A.↓→B.→↓C。↑→D.→↑解析:2002=4×500+2,而an=4n是每一个下边不封闭的正方形左,上顶点的数.答案:D3凸n边形有f(n)条对角线,则凸n+1边形有对角线条数f(n+1)为()A.f(n)+n+1B。f(n)+nC。f(n)+n-1D。f(n)+n—2解析:由n边形到n+1边形,增加的对角线是增加的一个顶点到原n-2个顶点连成的n-2条对角线,及原先的一条边成了对角线。答案:C4用数学归纳法证明“(n+1)(n+2)·…·(n+n)=2n·1·3·…·(2n—1)”,从“k到k+1”左端需增乘的代数式为()A.2k+1B。2(2k+1)C.D。解析:当n=1时,显然成立。当n=k时,左边=(k+1)(k+2)·…·(k+k),当n=k+1时,左边=(k+1+1)(k+1+2)·…·(k+1+k)(k+1+k+1)=(k+2)(k+3)·…·(k+k)(k+1+k)(k+1+k+1)=(k+1)(k+2)·…·(k+k)·=(k+1)(k+2)·…·(k+k)2(2k+1)。答案:B5根据下列5个图形及相应点的个数的变化规律,试猜测第n个图形中有__________个点。解析:观察图形点分布的变化规律,发现第一个图形只有一个中心点;第二个图形中除中心外还有两边,每边一个点;第三个图形中除中心点外还有三个边,每边两个点;…;依次类推,第n个图形中除中心外有n条边,每边n-1个点,故第n个图形中点的个数为n(n—1)+1。答案:n2-n+1综合运用6如果命题P(n)对n=k成立,则它对n=k+1也成立,现已知P(n)对n=4不成立,则下列结论正确的是()A。P(n)对n∈N*成立B。P(n)对n>4且n∈N*成立C.P(n)对n〈4且n∈N*成立D.P(n)对n≤4且n∈N*不成立解析:由题意,可知P(n)对n=3不成立(否则n=4也成立).同理,可推得P(n)对n=2,n=1也不成立.答案:D7用数学归纳法证明“1+++…+<n(n∈N*,n>1)”时,由n=k(k>1)不等式成立,推证n=k+1时,左边应增加的项数是()A。2k-1B.2k—1C。2kD.2k+1解析:左边的特点:分母逐渐增加1,末项为;由n=k,末项为到n=k+1,末项为=,∴应增加的项数为2k。答案:C8观察下表:12343456745678910……设第n行的各数之和为Sn,则=__________。解析:第一行1=12,第二行2+3+4=9=32,第三行3+4+5+6+7=25=52,第四行4+5+6+7+8+9+10=49=72.归纳:第n项的各数之和Sn=(2n-1)2,=4。答案:49已知y=f(x)满足f(n—1)=f(n)—lgan—1(n≥2,n∈N)且f(1)=—lga,是否存在实数α,β使f(n)=(αn2+βn-1)lga对任何n∈N*都成立,证明你的结论。解析:∵f(n)=f(n—1)+lgan—1,令n=2,则f(2)=f(1)+lga=—lga+lga=0。又f(1)=-lga,∴∴f(n)=(n2—n—1)lga。证明如下:(1)当n=1时,显然成立。(2)假设n=k时成立,即f(k)=(k2—k-1)lga,则n=k+1时,f(k+1)=f(k)+lgak=f(k)+klga=(k2—k—1+k)lga=[(k+1)2-(k+1)-1]lga。∴当n=k+1时,等式成立。综合(1)(2),可知存在实数α,β且α=,β=—,使f(n)=(αn2+βn-1)lga对任意n∈N*都成立.拓展探究10是否存在常数a,b,c使等式1·(n2-12)+2(n2—22)+…+n(n2-n2)=an4+bn2+c对一切正整数n成立?证明你的结论。思路分析:先取n=1,2,3探求a,b,c的值,然后用数学归纳法证明对一切n∈N*,a,b,c所确定的等式都成立。解:分别用n=1,2,3代入解方程组下面用数学归纳法证明.(1)当n=1时,由上可知等式成立;(2)假设当n=k时,等式成立,则当n=k+1时,左边=1·[(k+1)2—12]+2[(k+1)2-22]+…+k[(k+1)2—k2]+(k+1)[(k+1)2-(k+1)2]=1·(k2-12)+2(k2-22)+…+k(k2-k2)+1·(2k+1)+2(2k+1)+…+k(2k+1)=k4+(—)k2+(2k+1)+2(2k+1)+…+k(2k+1)=(k+1)4-(k+1)2。∴当n=k+1时,等式成立。由(1)(2)得等式对一切的n∈N*均成立.备选习题11如图,第n个图形是由正n+2边形“扩展"而来(n=1,2,3,…),则第n—2个图形中共有______个顶点.解析:观察规律,第一个图形有32+3=(1+2)2+(1+2);第二个图形有(2+2)2+(2+2)=42+4;第三个图形有(3+2)2+(3+2)=52+5;…第n—2个图形有(n+2—2)2+(n+2-2)=n2+n个顶点.答案:n2+n12下面四个判断中,正确的是()A.式子1+k+k2+…+kn(n∈N),当n=1时恒为1B.式子1+k+k2+…+kn-1(n∈N),当n=1时恒为1+kC.式子+++…+(n∈N),当n=1时恒为1++D。设f(x)=(n∈N),则f(k+1)=f(k)+答案:C13若n∈N,求证:xn+1+(x+1)2n-1能被x2+x+1整除.证明:(1)当n=1时,命题显然成立.(2)设当n=k时,xk+1+(x+1)2k-1能被x2+x+1整除。法1:(添项)当n=k+1时,xk+2+(x+1)2k+1=(x+1)2(x+1)2k—1+xk+2+(x+1)2xk+1-(x+1)2xk+1=(x+1)2[(x+1)2k-1+xk+1]-(x2+x+1)xk+1,而上面各项都能被x2+x+1整除,即n=k+1时成立.法2:(拆项)当n=k+1时xk+2+(x+1)2k+1=(x+1)2(x+1)2k-1+xk+2=(x2+x+1)(x+1)2k—1+x[(x+1)2k—1+xk+1],以上各项都能被x2+x+1整除,即n=k+1时成立.由(1)(2)命题得证.14用数学归纳法证明“当n为正奇数时,xn+yn能被x+y整除”时,第二步应是()A。假设n=k(k∈N)时命题成立,推得n=k+1时命题成立B.假设n=2k+1(k∈N)时命题成立,推得n=2k+3时命题成立C。假设k=2k-1(k∈N)时命题成立,推得n=2k+1时命题成立D。假设n=k(k≥1,k∈N)时命题成立,推得n=k+2时命题成立答案:C15用数学归纳法证明“当n是非负数时,34n+2+52n+1能被14整除"的第二步中,为了使用归纳假设应将34k+6+52k+3变形为()A。34k+2×81+52k+1×25B。34k+1×243+52k×125C。25(34k+2+52k+1)+56×34k+2D。34k+4×9+52k+2×5答案:C16用数学归纳法证明1+2+…+(2n+1)=(n+1)(2n+1)时,在验证n=1成立时,左边所得的代数式是()A.1B.1+3C.1+2+3D。1+2+3+4答案:C17用数学归纳法证明1+a+a2+…+an+1=(n∈N,a≠1)中,在验证n=1成立时,左边应为()A。1B。1+aC.1+a+a2D。1+a+a2+a3答案:C18求证:1+2+22+23+…+25n—1能被31整除.证明:记f(n)=1+2+22+23+…+25n—1,用数学归纳法。当n=1时,命题显然成立。根据归纳假设,当n=k时,命题成立,即f(k)=1+2+22+23+…+25k-1能被31整除.①要证明n=k
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