湖北省云学部分重点高中2024-2025学年高二年级上册9月月考物理试题（含解析）

2024年湖北云学部分重点高中高二年级9月联考

物理试卷

时长：75分钟总分：100分

一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。第1~7题只有一项符合题目要求；第

8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得

0分）

1.2024年7月31日，邓雅文获得2024年巴黎奥运会自由式小轮车女子公园赛冠军，这是中国队首次在该

项目上获得奥运会金牌。比赛中运动员骑行小轮车交替通过水平路面和坡面，在空中完成各种高难度动作。

小轮车（视为质点）在水平路面运动过程中，一定不变的物理量是（）

A.重力势能B.电势能C.机械能D.动能

【答案】A

【解析】

【详解】小轮车（视为质点）在水平路面运动过程中，由于高度保持不变，所以一定不变的物理量是重力

势能，小轮车的速度大小可能发生变化，动能和机械能都可能发生变化。小轮车不带电，所以不具有电势

能。

故选A„

2.下列说法正确的是（）

E

A.由°可知，电势。升高，电荷4的电势能Ep变大

q

F

B.由E=一可知，电场强度E与电场力尸成正比，与电荷量q成反比

q

C,由。=标可知，电容C变大，电容器的两极板所带电荷量。增加

D,由/=、■可知，电阻R两端电压U变大，通过电阻R的电流/变大

【答案】D

【解析】

【详解】A.如果电荷为正电荷，电势夕升高，电荷q的电势能综变大；如果电荷为负电荷，电势°升

高，电荷g的电势能综变小，故A错误;

F

B.E=一为电场强度的定义式，电场中某点的电场强度与电场力和试探电荷的电荷量无关，故B错误；

Q

C.电容器的两极板所带电荷量由电容C和两板间电压U共同决定，故C错误；

D./=2为电流的决定式，电阻R两端电压。变大，通过电阻R的电流/变大，故D正确。

R

故选D。

3.华为Mate60Pro手机是全球首款支持卫星通话的大众智能手机，在无地面网络环境下，它可以通过“天

通一号”卫星移动通信系统与外界进行联系，“天通一号”系列卫星为地球同步静止轨道卫星，则“天通

一号”（）

A.会经过湖北上空B.运行速度大于第一宇宙速度

C.运行方向与地球自转方向相反D.向心加速度小于近地卫星的向心加速度

【答案】D

【解析】

【详解】AC.“天通一号”系列卫星为地球同步静止轨道卫星，只能在地球赤道正上方一定高度上运行，

且运行方向与地球自转方向相同，故AC错误；

B.根据

_Mmv~

G——=m—

rr

得地球卫星环绕地球做匀速圆周运动的速度大小为

Vr

由于地球第一宇宙速度大小为地球近地卫星绕地球做匀速圆周运动的速度大小，地球同步卫星的轨道半径

大于地球半径，所以可知“天通一号”卫星的运行速度小于第一宇宙速度，故B错误;

D.根据

_Mm

G——=ma

r"n

得卫星向心加速度大小为

GM

4-

由于“天通一号”卫星的轨道半径大于近地卫星的轨道半径，所以其向心加速度小于近地卫星的向心加速

度，故D正确;

故选D„

4.如图所示，地面上空有一水平向右的匀强电场，一带电小球恰好能沿与水平方向成60。角的虚线由P向

。做直线运动，不计空气阻力，则小球（）

.Q

8

E

地面

A,做匀速直线运动B.做匀加速直线运动

C.做匀减速直线运动D.做变加速直线运动

【答案】C

【解析】

【详解】小球做直线运动的条件是速度方向和合外力的方向在同一条直线上，小球受到竖直向下的重力，

只有小球受到水平向左的电场力才能使得合力方向与速度方向相反且在同一条直线上，由此可知小球所受

的电场力的方向与场强方向相反，则小球必带负电。小球受到向左的电场力与竖直向下的重力，合力的方

向为左下方，所以运动过程中小球做匀减速直线运动。

故选C。

5.如图所示，S?闭合时，一质量为机、电荷量为q的带电液滴，静止在平行板电容器的M、N两金属

板间。现保持S1闭合，将S2断开，然后将N板向下平移到图中虚线位置，下列说法正确的是（）

B.两板间场强不变

C.液滴将向下运动D.液滴电势能增加

【答案】B

【解析】

【详解】A.根据

SS

4兀kd

N板向下平移，极板间距增大，电容器电容减小，故A错误;

B.保持距闭合，将S2断开，电容器极板所带电荷量一定，根据

y_

C=SS=QE=

47kdU'd

解得

E^Q

=sS

极板间距增大，则两板间场强不变，故B正确；

C.结合上述，两板间场强不变，液滴所受电场力不变，液滴仍然处于静止状态，故c错误；

D.电容器下极板接地，下极板电势为0,结合上述可知，电场强度不变，令液滴所在位置到下极板间距

为心,则有

(pp-Q^EdN

N板向下平移，4V增大，电场强度方向向下，电场力方向向上，液滴带负电，根据

Ep=q<Pp

可知，液滴电势能减小，故D错误。

故选B。

6.如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷/和N,M、N连线中点为。，在M、N所形成的电场中，

现有以。点为几何中心的矩形。从力，矩形eg/?/■为。加力的中垂面，。是^边的中点，下列说法正确的是

()

A.在a、b、c、d、e、了六个点中找不到任何两个点的电势均相同

B.将一电荷由e点沿eg/?/■移到了点，电场力先做正功后做负功

C.将一电荷由。点移到eg/?/■平面内各点，电势能变化量都相同

D.将一电荷由e点沿线段e。/•移到了点，电场力先减小后增加

【答案】C

【解析】

【详解】A.距离两电荷相等的点电势相同，所以“6电势相同、c、d电势相同、e、/电势相同，故A

错误；

B.矩形eg好是一个等势面，所以将一电荷由e点沿eg/矿移到了点，电场力不做功，故B错误；

C.由于eg妙平面内各点电势均相等，所以将一电荷由。点移到平面内各点时，电场力做功相同，则电势

能的变化量相同，故C正确；

D.沿线段e。移动的电荷，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，故D错误。

故选C。

7.如图，电源电动势为12V,内阻为1Q,定值电阻舄=1。，定值电阻凡=6。。开关S闭合后，电动机

M恰好正常工作。已知电动机额定电压U=6V,线圈电阻RM=0-5Q，当电动机M正常工作时，电动机

输出机械功率是（）

A.6WB.9WC.10WD.27W

【答案】C

【解析】

【详解】开关闭合后，电动机恰好正常工作，由电路可知此时&两端电压为6V,根据闭合电路欧姆定律

可得Ri中的电流为

E-U12-6

rA=3A

TTRX1+1

通过电动机的电流为

/M=1-4=/-苒=（3-?）A=2A

K2O

电动机的电功率

&="M=（6X2）W=12W

电动机正常工作时内部消耗的功率为

%=G?M=2W

则电动机输出的机械功率

P=『4=IOW

故选Co

8.近年来，我国能源开发取得了很大成就，关于能源和可持续发展的说法正确的是（）

A.通过太阳能电池将太阳能直接转化成电能是目前利用太阳能最有前途的领域

B.水电站是利用水能的重要形式，水能是可再生资源

C.在自然界中，能量的转化过程都是可以自然发生的

D.能量不会凭空产生和凭空消失，不存在能源危机

【答案】AB

【解析】

【详解】A.通过太阳能电池将太阳能直接转化成电能是目前利用太阳能最有前途的领域，故A正确；

B.水电站是利用水能的重要形式，水能是可再生资源，故B正确；

C.在自然界中，能力的转化过程有些是可以自然发生的，有些则不能，故C错误；

D.能源危机的根本原因不是能量的产生和消失问题，而是能量转换和转移的过程具有方向性，

即能量的转换和转移可能无法有效地控制或利用，故D错误。

故选ABo

9.在如图所示的电路中，电源内阻为厂，%是定值电阻，L是灯泡。现闭合开关S,将滑动变阻器耳的滑

片向上滑动，电表A、V1、V2,V3都是理想电表，测得电压表V］、V?、V3示数变化量的绝对值为A5、

△U2、4。3，电流表A示数变化量的绝对值为A7,下列说法正确的是（）

C.电流表示数变小，灯泡变暗

D.电源效率增大

【答案】BD

【解析】

【详解】AC.将滑动变阻器耳的滑片向上滑动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻增大，则总

电流减小，电流表示数减小，定值电阻与、内阻「两端的电压减小，可知灯泡两端的电压增大，灯泡变亮,

电压表V1测量定值电阻与两端的电压，电压表V2测量路端电压，电压表V3测量灯泡两端的电压，则V1减

小、V2增大，V3的示数增大，故AC错误;

B.根据闭合电路的欧姆定律可得

E=U2+Ir

石=。3+/（凡+厂）

可得

哈一等5"

故等、等、等均不变’故B正确;

D.电源效率

UJE-Ir

77=——=---------

EIE

将滑动变阻器&的滑片向上滑动，电路总电流减小，故电源效率增大，故D正确。

故选BD。

10.实验室常用荧光物质分析带电粒子的运动规律。如图所示，间距为34的两块足够大的竖直平行金属板

M、N,板间存在水平向左的匀强电场，两板内侧均匀涂有荧光物质。M板上某处有一粒子源O,可以向各

个方向均匀发射质量为机、电荷量为q（q〉0）、速度大小为%的带电粒子，粒子撞击到荧光物质会使其

发出荧光。已知粒子打在M板上的位置与。点最远的距离为82（图中未画出），不计粒子重力，下列说法

正确的是（）

A.打在M板上、位置与。点相距最远的粒子，初速度方向与水平方向成30。角

B.打在M板上、位置与。点相距最远的粒子，在电场中运动时间为二一

%

打在N板上的粒子，在电场中运动的最长时间为白旦

C.

%

D.N板上的发光面积为127rd之

【答案】BD

【解析】

【详解】AB.设粒子的加速度大小为。，打在M板上最远处的粒子初速度与水平方向的夹角为8,则有

匕=%cos0,vy=v0sin0

竖直方向位移大小为

.八2vcos0v：sin26

y=vt=vsinn——--------=----------

v0aa

可知当6=45°时竖直位移最大，则打在M板上、位置与。点相距最远的粒子，初速度方向与水平方向成

45。角；根据题意有

8d「；sin90。

a

联立解得

2

a%

8d

则打在M板上、位置与。点相距最远粒子，在电场中运动时间为

_2%cos45°_8后d

1a%

故A错误，B正确；

CD.设粒子初速度与水平方向的夹角为。时，粒子恰好不能打在N板上，则有

3d="方

2a

解得

«=30°

则打在N板上的粒子，在电场中运动的最长时间为

_v0cosa_46d

'max——

a%

打在N板上的粒子，沿竖直方向的最大位移大小为

.环cosa寻=2品

a

则N板上的发光面积为

SN=乃＞：=12万I?

故C错误，D正确。

故选BD。

二、非选择题(本题共5小题，共60分)

11.某实验小组测量某金属材料制成的圆柱体的电阻率6

Er20

67cm

iiiii~1s

1IIIl1I1I11IiI1IIII1Iml1J

11111]111r11III|IIII|

01020二5

甲乙

(1)用20分度的游标卡尺测量其长度L,如图甲所示，则工=cm；

(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，则。=mm；

(3)测得圆柱体电阻两端电压为U时，通过它的电流为/,圆柱体的直径和长度分别用。、L表示，则用

。、L、/、。表示的电阻率的关系式为〃=o

【答案】(1)5.130

(2)4.650-4.652

UTTD2

(3)

4IL

【解析】

【小问1详解】

游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以

£=51mm+6xO.O5mm=51.30mm=5.130cm

【小问2详解】

螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度之和，所以

D=4.5mm+15.0x0.01mm=4.650nim

【小问3详解】

根据电阻定律可得

cLL

R=P^=P—Q~

S吟2

根据欧姆定律可得

R=7

联立可得

UKD-

p---------

ML

12.某实验小组尝试测量电动车上蓄电池的电动势和内阻。用电流表、电压表、滑动变阻器、待测蓄电池等

器材设计了如图甲所示实验电路。

-@--@-

甲丙

（1）某同学选择合适的仪器按照图甲规范操作，实验时发现，大范围移动滑动变阻器的滑片，电压表的

示数变化都不明显，该同学在思考后将4=15C的定值电阻串入电路中，如图________（选填“乙”或

“丙”），解决了这一问题；

（2）多次调节滑动变阻器R的阻值，读出相应的电压表和电流表示数U和1,用测得的数据描绘出如图丁

所示的U-/图像，则该电池的电动势E=V,内阻％=Q（结果均保留两位有效数

字）；

（3）该同学反思发现上述实验方案存在系统误差。若考虑电表内阻的影响，对测得的实验数据进行修

正，在图丁中重新绘制U-/图线，与原图线比较，新绘制的图线与横坐标轴交点的数值将,与

纵坐标轴交点的数值将（两空均选填“变大”“变小”“不变”）。

【答案】（1）乙（2）①.12②.1.0

（3）①.不变②.变大

【解析】

【小问1详解】

实验时发现，大范围移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数变化都不明显，则可能是电源内阻太小造成

的，则可以在电源上串联一个定值电阻，则图乙可以解决这一问题。

【小问2详解】

[1]⑵根据闭合电路的欧姆定律可知

U=E—/（&+「）

则由图像可知该电池的电动势

E=12V

内阻

不=上。-15。=1.0。

°0.75

【小问3详解】

口]⑵图像与横轴交点表示短路电流，当电源短路时，电表的内阻不影响短路电流，与横坐标轴交点的数值

不变；电压表和电源并联，测量的内阻是电压表和电源并联后的电阻，比电源内阻的真实值小，图像斜率

偏小，修正后图像斜率变大，与纵坐标轴交点的数值将变大。

13.如图所示，闭合开关S1、S2,滑动变阻器的滑片在某一位置时，电流表和电压表的示数分别是0.20A、

1.98V,将滑动变阻器的滑片滑到另一位置时，电流表和电压表的示数分别是0.40A、1.96V。求电源的电动

势和内阻。

【答案】E=2.00V,r=0.10Q

【解析】

【详解】滑片在位置1和位置2时，电流表和电压表的示数分别为，、5、右、。2，由闭合电路欧姆定

律，有

E=Hr

E—U-,+I2r

联立解得

£=2.00V,r=0.10Q

14.如图所示，真空中，与水平面成37。角的固定绝缘长细杆，垂直穿过一固定均匀带正电圆环的圆心。，

套在细杆上的带正电小球从杆上的。点以某一初速度沿杆向上运动，恰好能运动到杆上d点，已知圆环半

径为R,电荷量为。，小球质量为机、电荷量为q,小球半径远小于凡q«Q,ab-bO-Oc-cd-R,

静电力常量为k,重力加速度大小为g,绝缘细杆与小球间的动摩擦因数〃=正，sin37°=0.6,

4

cos37°=0.8o求

(1)小球在C点受到的电场力的大小;

(2)小球在b点的加速度大小；

(3)小球在。点的动能。

【答案】⑴"豪

⑵g6\gCkQq

Cl-Io-

54mR2

4（3+6）7〃gR

⑶用=

5

【解析】

【小问1详解】

将圆环等分为〃段小圆弧，每段小圆弧均可视为电荷量为外的点电荷，有

Q="%

在C点，由库仑定律，%对小球电场力

p_kqq。

0~

由几何关系

片=2史

在C点，整个圆环对小球的电场力设为£,有

Fc=nF。sin45°

联立，解得

u_42kQq

r.=----%—

(c4R2

【小问2详解】

由对称性，小球在b点所受的电场力与在c点所受的电场力方向相反，大小相等，有

Fh=Fc

在b点，对小球，由牛顿第二定律，有

mgsin37°+//mgcos37°+/^=ma

联立，解得

3+

a_(^3)g!yflkQq

-54mR2

【小问3详解】

小球从。到d,由对称性，电场力做功

%=。

对小球，由动能定理，有

叱一加g4in37°?磁势0R=-Ek

联立，解得

4(3+6)"gR

Ek

5

15.如图所示，质量M=LOkg的绝缘长木板放在粗糙水平地面上，其右侧固定一光滑半圆弧轨道，圆弧轨道

的最低点8与木板右上端的A点等高。在长木板左端放一带电小滑块，小滑块带电量为q=+0.01C,质量为

机=0.5kg,小滑块与长木板间的动摩擦因数0=0.5,长木板与地面间的动摩擦因数〃2=0.05。整个装置处于真

空室内的匀强电场中，场强大小E=500V/m,方向与水平方向成0=37。斜向右上。释放小滑块，经过Z=ls,

长木板与半圆弧轨