2025届吉林省吉林市蛟河市一中物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

2025届吉林省吉林市蛟河市一中物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列哪一位物理学家首先提出磁场对运动电荷有作用力的观点？()A．洛伦兹B．安培C．牛顿D．奥斯特2、当波源远离观测者时，观测者所接收到的频率f'和波源振动的频率f的关系为A．f'fB．f'＜fC．f'＞fD．无法确定3、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=25V，φB=5V，φC=﹣5V，则下列说法正确的是（）A．把电荷量为1×10﹣3C的正点电荷从B点经C移到A点，电场力做功为2×10﹣2JB．A、C两点的连线方向即为电场线方向C．D点的电势为15VD．把一个电子从B点移到D点，电场力做功可能为04、图甲所示的电路中，电流表指针指满刻度，电流表指针指满刻度的处；图乙中，指针指满刻度，指针指满刻度的处．已知的内阻为，则的内阻为()A． B． C． D．5、下列物理量是决定式的是A．加速度a= B．电阻R=C．平行板电容器的电容C= D．电场强度E=6、两个电容器，两极板间的电势差之比为2:3，带电量之比为3:2，则C1/C2等于()A．2：3B．3：2C．4:9D．9:4二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地。一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离A．带电油滴将沿竖直方向向下运动B．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大C．带电油滴的电势能将减小D．P点的电势将降低8、额定电压均为220V的白炽灯L1和L2的U－I特性曲线如图甲所示，现将和L2完全相同的L3与L1和L2一起按如图乙所示电路接入220V电路中，则下列说法正确的是（）A．L2的额定功率约为99WB．L2的实际功率约为17WC．L2的实际功率比L3的实际功率小17WD．L2的实际功率比L3的实际功率小82W9、如图所示，甲、乙两电路中电源完全相同，电阻R1>R2，在两电路中分别通过相同的电量Q的过程中，下列关于两电路的比较，正确的是（）A．电源内部产生电热较少的一定是甲电路中的电源B．R1上产生的电热一定比R2上产生的电热少C．这两个电源消耗的化学能一定是同样多的D．电源输出功率较大的一定是乙电路中的电源10、如图所示，在相距为d的两个点，固定着电量分别为-Q和+Q的两个点电荷，在它们水平连线的中垂线上固定一根长为L，内壁光滑的绝缘细管，现有一电量为+q的小球以初速度从管口射入，已知静电力常量为k，则下列说法正确的是A．小球的速度一直减小B．小球的速度先减小后增大C．小球的电势能保持不变D．管壁对小球的弹力最大值为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图a是测干电池的电动势和内阻实验，干电池允许的最大供电电流为0.5A（1）现有三种滑动变阻器：A．1000Ω、0.1AB．20Ω、1.0AC．10Ω、2.0A，实验时应选用_________（填选项序号）；（2）闭合电建S前，滑线变阻器的滑片P应置于_________端（选填“M”或“N”）；（3）用实验得到的数据拟合成直线，如图（b）所示，该直线对应的方程为：_________，该干电池的内阻为_________Ω；（4）实验中，若增大滑线变阻器的阻值，则电池消耗的总功率将_________（选填“变大”、“不变”或“变小”）．12．（12分）为了较准确测量某电阻的阻值(约2kΩ)，有如下实验器材可供选择：A．直流电源：电动势18V，内阻很小，额定电流为1AB．电流表A1：量程0～10mA，内阻约10ΩC．电流表A2：量程0～600mA，内阻约0.5ΩD．电压表V：量程0～20V，内阻约10kΩE．滑动变阻器R1：最大阻值10ΩF．滑动变阻器R2；最大阻值100ΩG．开关、导线等（1）实验中电流表选用________(选填“A1”或“A2”)，滑动变阻器应选用________(选填“R1”或“R2”)．（2）请在图中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接_________________．（3）采用上述电路正确测量，测得的电阻________(选填“大于”、“小于”或“等于”)它的实际阻值，其原因是___________________________．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，用丝线吊一质量为m、带电荷量为＋q的小球，置于水平方向的匀强电场中，静止时悬线与竖直方向的夹角为，求：（1）匀强电场的场强大小和方向？（2）若悬线突然断了，则小球做什么运动？14．（16分）如图所示，灯泡L上标有“12V，24W”字样，电动机D电阻R＝5Ω，当在A、B两端加上36V电压时，灯泡和电动机均正常工作，求：电动机D的电功率和热功率.15．（12分）如图所示，已知电源电动势E=3.0V，内阻r=1.0Ω，定值电阻R1=1.0Ω，R2=2.0Ω0，R3=3.0Ω。求:（1）开关S1闭合而S2断开时电压表的示数;（2）开关S1和S2都闭合时电压表的示数（计算结果保留2位小数）。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】通过学习磁场对运动电荷的作用我们知道，首先提出磁场对运动电荷有作用力的观点的物理学家是洛伦兹，故BCD错误，A正确。故选：A.2、B【解析】

f由波源每秒钟所振动的次数决定,介质振动的频率由波源频率及波源相对介质是否移动来决定,当观察者远离波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小,即f'＜f.故ACD错误,B正确.故选B【点睛】利用多普勒效应分析即可,当观察者远离波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小;当观察者靠近波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率大.3、C【解析】

把电荷量为1×10-3C的正点电荷从B点经C移到A点，电场力做功为：WBA=q（φB-φA）=1×10-3×（5-25）=-2×10-2J，故A错误；连接AC，又：φA-φC=25V-（-5V）=30V，将AC等分为6等分，找出与B电势相等的点E如图，连接BE，可知AC与BE相互之间不是垂直的，所以AC不是电场线的方向，故B错误；根据匀强电场的特点可知，φA-φB=φD-φC，所以：φD=15V，故C正确；由以上的分析可知，B点的电势与D点的电势不相等，所以把一个电子从B点移到D点，电场力做功不可能为0，故D错误．所以C正确，ABD错误．4、A【解析】

设电流表A1、A2满偏电流分别为I1、I2；由题意知，当电流表串联时I1=I2…①当电流表并联时：电源的电压为U=I2R2=I1R1…②由于R1=0.45Ω…③将①③式代入②解得：R2=0.1Ω．故选A。5、C【解析】

由题意可知考查对物理量定义式和决定式的理解，根据物理量的含义分析可得。【详解】A．a=是加速度的定义式，其决定式，故A错误；B．R=是电阻的定义式，其决定式，故B错误；C．C=是平行板电容器电容的决定式，其定义式为，故C正确；D．E=是电场强度的定义式，故D错误。【点睛】a=是定义式，可以计算加速度的大小，但是a的大小和∆v、∆t无关，其它定义式也有类似特点，C=是决定式，C的大小是由εr、s、k、d决定的。6、D【解析】考点：电容．专题：电容器专题．分析：根据电容的定义式C=判断两电容器每板的带电量的大小．解答：解：由C=得，Q=CU，两极板间的电势差之比为2:3，带电量之比为3:2，则C1/C2等于9:4，故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键掌握电容的定义式C=，会运用定义式判断电量的大小．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A.将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动。故A正确。B.因间距增大，则电容器的电容减小，根据Q=UC，由于电势差不变，故带电量减小，故B错误；CD.由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，，P点与下极板电势差降低，则P点的电势降低，则油滴的电势能将增加。故C错误D正确。8、ABD【解析】

A．由L2的伏安特性曲线可得，在额定电压220V时的电流为0.45A，则L2的额定功率为P额＝U额I额＝99W故A正确；B．图示电路为L1和L2串联再与L3并联，所以L1和L2串联后两端的总电压为220V，那么流过L1和L2的电流及两灯的电压满足I1＝I2U1＋U2＝220V由L1和L2的U－I图线可知I1＝I2＝0.25AU1＝152VU2＝68V故灯L2的实际功率P2＝I2U2＝17W故B正确；CD．由于L3两端的电压为220V，故P3＝P额＝99W则P3－P2＝82W故C错误，D正确。故选ABD。9、AC【解析】

由题：电源的电动势E和内阻r相同，电阻R1＞R1，由闭合电路欧姆定律可知电流I1＜I1．电源内部产生电热为Q内=I1rt=qIr，可见，电源内部产生电热较多的是乙电路中的电源。故A正确。两个电阻产生的热量Q=I1Rt=qIR=q（E-Ir），电阻R1＞R1，I1＜I1，则R1上产生的电热比R1上产生的电热多。故B错误。电源消耗的化学能为W=EIt=Eq，E和q都相同，则W相同。故C正确。两电阻的阻值与电源的内阻关系不清楚，无法判断电源输出功率的大小。故D错误。故选AC。【点睛】本题关键是将焦耳定律变形Q=I1Rt=qU，即变成电流做功的原始表达式．要知道当电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大，要根据内外电阻的关系分析电源的输出功率的大小．10、AC【解析】根据等量异种电荷周围的电场线可知，小球受到的电场力与速度垂直，所以电场力不做功，电势能不变，C正确；小球受到重力、支持力、电场力作用，其中支持力和电场力与速度方向垂直，不做功，重力做负功，小球速度减小，A正确B错误；中点处的电场强度最大，则库仑力也最大，弹力也是最大，在两个电荷的中垂线的中点，单个电荷产生的电场强度为：；根据矢量的合成法则，则有电场强度最大值为，因此电荷量为+q的小球受到最大库仑力为，管壁对小球的弹力最大值为，D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CN变小【解析】

滑动变阻器在电路中起到保护电路并调节电流作用，在限流接法中取比内电阻大10左右即可．过大则难以调节；过小起不到应有的调节作用．明确实验中安全性安全，知道滑动变阻器限流接法时，应由最大值开始调节；由闭合电路欧姆定律可得出电压与电流的关系，结合数学关系可知图象的斜率表示内阻，与纵坐标的交点表示电源的电动势．根据闭合电路欧姆定律进行分析，明确电流变化情况，从而确定功率的变化．【详解】（1）[1]由题意可知，干电池的内阻约为几欧，故为了易于调节，准确测量，滑动变阻器应选最大值较小的，故选C；（2）[2]实验开始时为了保证安全，滑动变阻器接入电阻应为最大值，由图可知，开始时滑片应滑至N点；（3）[3][4]由图可知，电压和电流成一次函数关系，由数学知识可知，图象与纵轴的交点为1.5V，图象的斜率故对应的表达式为图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率表示内源内电阻；故由图可知电动势为Ω；（4）[5]增大滑动变阻器的电阻，电路中电流减小，由可知电源的总功率变小；12、；；图见解析；大于；电流表分压；【解析】

（1）[1][2]．电路中可能出现的最大电流：，则电流表选择A1；滑动变阻器要用分压电路，则要选择阻值较小的R1；（2）[3]．因Rx>>RA，则电流表内接；滑动变阻器用分压电路；电路如图：（3）[4]．采用上述电路正确测量，测得的电阻大于它的实际阻值，其原因是电流表的分压造成的.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)；方向水平向左(2)小球做初速度为0的匀加速直线运动，加速度大小为【解析】

(1)根据题意可知，小球受电场力水平向左，所以电场方向水平向左，对小球受力分析如图，由平衡条件得：qE=mgtanθ得：(2)若悬线突然断了，电场力与重