吉林省长春六中、八中、十一中等省重点中学2025届高二物理第一学期期中复习检测模拟试题含解析

吉林省长春六中、八中、十一中等省重点中学2025届高二物理第一学期期中复习检测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为“验证机械能守恒定律”的实验装置，利用该装置进行实验，下列说法正确的是（）A．需要用秒表测出重物下落的时间B．需要测出重物的质量C．打点计时器应接直流电源D．应先接通电源，后释放纸带2、甲、乙两辆汽车在平直的高速公路上行驶，某时刻两车正好并排行驶，从该时刻起两车的速度—时间图像如下图所示，则下列说法正确的是A．t0时刻两车相遇B．0到t1时间内，甲、乙两车的加速度大小均逐渐减小且方向相同C．0到t0时间内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度D．t1时刻甲、乙两车一定再次相遇，之后甲车将一直在乙车前方3、如图所示，线圈按下列方式在匀强磁场中匀速转动，能产生正弦交变电流的是（）A． B． C． D．4、在维护和检修高压供电线路时，为了不影响城市用电，电工经常要在高压线上带电作业．为了保障电工的安全，电工全身要穿上用金属丝线编织的衣服(如图)．图乙中电工站在高压直流输电线的A供电线上作业，其头顶上方有B供电线，B供电线的电势高于A供电线的电势．虚线表示电工周围某一截面上的等势面，c、d、e、f是不同等势面上的四个点，以下说法正确的是()A．在c、d、e、f四点中，c点的电场最强B．在c、d、e、f四点中，f点的电势最高C．若将某电子由c移到f，其电势能将增大D．将电子在d点由静止释放，它会向e点所在等势面运动5、A、B两个点电荷之间的距离恒定,当其它电荷移到A、B附近时,A、B之间的库仑力将()A．可能变大 B．一定不变 C．可能变小 D．不能确定6、在电场中，把电荷量为4×10－9C的正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6×10－8J，以下说法中正确的是()A．电荷在B点具有的电势能是6×10－8JB．B点的电势是15VC．电荷的电势能增加了6×10－8JD．电荷的电势能减少了6×10－8J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是A．沿着电场线的方向移动电荷，电荷的电势能可能增大B．只有点电荷在真空中任一点产生的电场强度大小才可以用求解C．根据可知，电容器的电容与其储存的电荷Q成正比，与其两端的电压U成反比D．电脑和手机屏幕上很容易聚集灰尘是因为静电现象8、真空中相距为3a的两个点电荷M，N分别固定于x轴上的x1=0和x2=3a的两点上，在他们连线上各点的电场强度E随x变化关系如图所示，以下判断正确的是A．x=a处的电势一定大于0B．点电荷M,N一定为同种电荷C．在两点电荷之间沿x轴正向电势可能先降低再升高D．点电荷M,N所带电荷量的绝对值之比为2：19、如图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计．匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成θ角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则()．A．导体棒向左运动B．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELC．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELD．开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为BEL10、图是改装后的电表的电路图，认识正确的是（）A．（a）图是电流表，使用a、c两个端点时，量程较大B．（a）图是电流表，使用a、b两个端点时，量程较大C．（b）图是电压表，使用a、c两个端点时，量程较大D．（b）图是电压表，使用a、b两个端点时，量程较大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一电压表V1,其量程为3V,内阻约为3000Ω,要准确测量该电压表的内阻,提供的实验器材有:电源E：电动势约15V,内阻不计；电流表A1：量程100mA,内阻r1=20Ω；电压表V2：量程2V,内阻r2=2000Ω；定值电阻R1：阻值20Ω；定值电阻R2：阻值3Ω；滑动变阻器R0：最大阻值10Ω，额定电流1A；电键一个,导线若干。（1）实验中应选用的电表是__________；定值电阻应选用____________。（2）请你设计一个测量电压表V1的实验电路图，画在虚线框内________（3）说明实验所要测量的物理量：_______________________（4）写出电压表V1内阻的计算表达式__________。12．（12分）（1）做“用单摆测定重力加速度”的实验,下述说法中正确的是（_______）A．测量摆长时,应先将单摆放置在水平桌面上,然后用力拉紧摆线测量悬点到球心的距离B．单摆的偏角不要超过5°,当摆球运动到两侧位置时迅速按下秒表开始计时C．为了精确测量单摆的周期,起码要测量小球作100次全振动所用的时间D．如果小球的重心不在中心,通过一定方法也能精确测定重力加速度（2）某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验时,他先测得摆线长为97.50cm，然后用游标卡尺测量小钢球直径,读数如图甲所示,则①游标卡尺的读数为_________mm．②该单摆的摆长为_____cm．③该同学由测量数据作出图线（如图乙所示），根据图线求出重力加速度____m/s2（保留3位有效数字）．④如果测出的g值偏小，可能的原因是____．A．测量摆线长时，线拉得过紧B．摆线上端没有固定，振动中出现松动，使摆线变长了C．开始计时时，秒表按下迟了D．实验中误将49次全振动记为50次四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，BCD为固定在竖直平面内的半径为r=11m的圆弧形光滑绝缘轨道，O为圆心，OC竖直，OD水平，OB与OC间夹角为53°，整个空间分布着范围足够大的竖直向下的匀强电场．从A点以初速v1=9m/s沿AO方向水平抛出质量m=1．1kg的小球（小球可视为质点），小球带正电荷q=+1．11C，小球恰好从B点沿垂直于OB的方向进入圆弧轨道．不计空气阻力．求：（1）A、B间的水平距离L（2）匀强电场的电场强度E（3）小球过C点时对轨道的压力的大小FN（4）小球从D点离开轨道后上升的最大高度H14．（16分）电子质量为m、电荷量为q,以速度v0与x轴成角射入磁感应强度为B的匀强磁场中,最后落在x轴上的P点,如图所示,求:（1）电子运动轨道的半径R；（2）OP的长度；（3）电子从由O点射入到落在P点所需的时间t。15．（12分）如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间距为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电量为-2×10-5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．则：(1)在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？(2)A、B两点的电势差UAB为多少？(3)匀强电场的场强为多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A．通过打点计时器计算时间，不需要秒表，故A错误；B．根据减小的重力势能转化为动能的增加，则有，等式两边的质量可约去，故B错误；C．打点计时器应接交流电源，故C错误；D．开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故D正确。故选D。2、C【解析】

根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示位移，分析位移关系，确定两车是否相遇．根据图象斜率的变化分析加速度的变化．根据位移与时间之比分析平均速度关系.【详解】A．根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示位移，知0-t0时间内乙车的位移比甲车的大，则t0时刻两车没有相遇，故A错误.B．0-t1时间内，甲、乙两车图象斜率均逐渐减小，则它们的加速度大小均逐渐减小．甲图象切线斜率为正，乙图象切线斜率为负，则加速度方向相反，故B错误.C．0-t0时间内甲车的位移比乙车的小，则甲车的平均速度小于乙车的平均速度，故C正确.D．0-t1时间内，甲车的位移比乙车的大，则甲、乙两车没有相遇，之后甲车的速度比乙车的大，则甲车将一直在乙车前方，故D错误.故选C.【点睛】对于v-t图象，关键要需掌握两点：①v-t图象的斜率大小代表加速度大小，斜率的正负代表加速度的方向；②速度时间图象与时间轴围成的面积代表位移.3、C【解析】

A．图中线圈转动时，穿过线圈的磁通量不变，无感应电流产生，选项A错误；B．图中线圈转动时，穿过线圈的磁通量不变，无感应电流产生，选项B错误；C．图中线圈转动时，穿过线圈的磁通量不断变化，会产生正弦交流电，选项C正确；D．图中线圈转动时，穿过线圈的磁通量不变，无感应电流产生，选项D错误；故选。4、C【解析】

A．依据等差等势线的疏密，可知，在c、d、e、f

四点中，f点的电场最强，故A错误；B．沿着电场线方向，电势是降低的，因B

供电线的电势高于A

电线的电势，则在c、d、e、f

四点中，c点的电势最高，故B错误；C．若将某电子由c

移到f，即从高电势到低电势，其电势能将增大，故C正确；D．将某电子在d

点由静止释放，在电场力作用下，它会向c点所在等势面运动，故D错误；故选C。5、B【解析】

两电荷之间的库仑力不受其他电荷的影响，则当其它电荷移到A、B附近时，A、B之间的库仑力将不变；A．可能变大，与结论不相符，选项A错误；B．一定不变，与结论相符，选项B正确；C．可能变小，与结论不相符，选项C错误；D．不能确定，与结论不相符，选项D错误；故选B.6、C【解析】电荷在电场中某点的电势能具有相对性，只有确定了零势点，B点的电势、电荷在B点的电势能才是确定的数值，故AB错误；由于电荷从A移到B的过程中是克服静电力做功6×10-8

J，故电荷电势能应该是增加了6×10-8

J，故C正确，D错误．故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A．正电荷沿电场线方向移动，电场力做正功，电势能减小。负电荷沿电场线方向移动，电场力做负功，电势能增加；故A正确。B．电场强度的定义式适用于任何电场；故B错误。C．公式是电容的定义式，采用比值法定义，C与Q、U无关，由电容器本身的性质决定；故C错误。D．电脑和手机屏幕上会带上电荷，很容易吸附灰尘，是因为静电现象；故D正确。故选AD。8、BC【解析】

A.由于电势是一个相对概念，即零电势的选择是任意的，则x=a处的电势可以为0，也可以大于0，也可以小于0，故A错误；B.若两电荷为异种电荷，在x=2a处，电场强度不可能为0，故两电荷为同种电荷，故B正确；C.若选沿x轴方向为正方向，0～2a电场为正，方向向右，2a～3a电场为负，方向向左，而沿电场线方向电势降低，所以在两点电荷之间沿x轴正向电势先降低再升高，故C正确；D.2a处合场强=0，由

知，，所以M、N所带电荷量的绝对值之比为4：1，故D错误。9、BD【解析】

A、开关闭合，由左手定则可知，磁感线穿过掌心，则大拇指向为垂直磁感线向右，从而导致导体棒向右运动，故A错误；BC、当开关闭合后，根据安培力公式F=BIL，I=ER，可得F=BELR，故D、当开关闭合后，安培力的方向与导轨成90°-θ的夹角，再根据力的分解可得合力大小，再由牛顿第二定律与安培力的大小可知，加速度a=BELsinθmR，故D故选BD。【点睛】据左手定则来确定通电导线的安培力的方向，闭合电路欧姆定律与安培力公式结合可求出其力的大小，最后由牛顿第二定律来确定导体棒瞬间的加速度。10、BC【解析】A、B、由图示电路图可知，（a）图电流计与分流电阻并联，则（a）图是电流表，使用a、c两个端点时分流电阻较大，电流表量程较小，故A错误，B正确；C、D、由图示电路图可知，（b）图中电流计与分压电阻串联，（b）图是电压表，使用a、c两个端点时，串联分压电阻阻值较大，电压表量程较大，故C正确，D错误；故选BC．【点睛】本题考查了电流表与电压表的改装与结构，知道电压表与电流表的改装原理、分析清楚图示电路图是解题的关键，掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、V2R1电压表V1的示数U1，电压表V2的示数U2【解析】

(1)[1][2]因为待测电压表的电压量程为3V，最大电流为：远小于电流表的量程，而电压表V2的量程与其电压量程接近，所以电表应选电压表V2；为保护电源，定值电阻应选阻值大的R1.(2)[3]因为滑动变阻器的总电阻远小于待测电压表内阻,所以变阻器应采用分压式接法;因为待测电压表的额定电流为，电压表V2的额定电流为：所以应将两电压表串联使用，电路图如图所示:(3)[4]根据欧姆定律和串并联规律应有：计算得出：所以所以应测量的物理量是电压表的示数和电压表的示数;(4)[5]根据上面的分析可以知道,待测电压表内阻表达式为：12、D9.8mm97.999.86B【解析】

（1）[1]．A.测量摆长时，应先将单摆竖直悬挂，让摆球自然下垂，然后测量悬点到球心的距离，选项A错误；B.单摆的偏角不要超过5°，当摆球运动到最低点位置时迅速按下秒表开始计时，选项B错误；C.为了精确测量单摆的周期，要测量小球作30-50次全振动所用的时间，选项C错误；D.如果小球的重心不在中心，可通过测量数据建立T2-L图像，通过图像的斜率求解重力加速度，选项D正确．（2）①[2]．由图示游标卡尺可知，主尺示数为0.9cm=9mm，游标尺示数为8×0.1mm=0.8mm，游标卡尺的读数为：9mm+0.8mm=9.8mm．②[3]．单摆摆长：③[4]．由单摆周期公式可得由图像可知解得g=9.86m/s2④[5]．根据则：A、测量摆线长时线拉得过紧，则l的测量值偏大，则所测重力加速度偏大，故A错误；B、摆线上端牢固地系于悬点，摆动中出现松动，使摆线长度增加了，