2025届福建省漳州市平和一中、南靖一中等五校物理高二上期中质量检测试题含解析

2025届福建省漳州市平和一中、南靖一中等五校物理高二上期中质量检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为（）A．B．C．D．2、实验小组要测量一节干电池的电动势和内电阻．根据实验中记录下的数据做出图象如图所示，可知电池的电动势和内电阻是（）A．，B．，C．，D．，3、如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A接地，极板B与一个灵敏静电计的金属小球相连接，将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U、电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A．Q不变，C变小，U变大，E不变B．Q不变，C变小，U变大，E变小C．Q变小，C不变，U不变，E变小D．Q变小，C变小，U不变，E不变4、如图所示，每个钩码重1.0N，弹簧测力计自身重量、绳子质量和摩擦不计，弹簧伸长了5cm（在弹簧的弹性限度内），下列说法正确的是（）A．该弹簧测力计的示数为1.0NB．该弹簧测力计的示数为5cmC．该弹簧的劲度系数为40.0N/mD．不挂重物时，该弹簧的劲度系数为05、如图所示，两平行金属板AB中间有互相垂直的匀强电场和匀强磁场。A板带正电荷，B板带等量负电荷，电场强度为E：磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度为B1。平行金属板右侧有一挡板M，中间有小孔，是平行于两金属板的中心线。挡板右侧有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场应强度为。为磁场边界上的一绝缘板，它与M板的夹角，，现有大量质量均为m，含有各种不同电荷量、不同速度的带电粒子（不计重力），自O点沿方向进入电磁场区域，其中有些粒子沿直线方向运动，并进入匀强磁场中，则能击中绝缘板的粒子中，所带电荷量的最大值为（）A． B．C． D．6、一横截面积为S的铜导线，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电荷量为e，在时间t内通过导线横截面的自由电子数目为N，则自由电子定向移动速率为（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一直流电动机与阻值的电阻串联在电上，电动势，内阻，用理想电压表测出电动机两端电压，已知电动机线圈电阻，则下列说法中正确的是（）A．通过电动机的电流为10AB．通过电动机的电流小于10AC．电动机的输出功率大于16WD．电动机的输出功率为16W8、如图所示的电路中，L1，L2是两个不同的小灯泡，a，b间有恒定的电压，他们都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，发生的现象是（）A．L1亮度不变，L2变暗B．L1变暗，L2变亮C．电路消耗的总功率变小D．流过滑动变阻器的电流变小9、某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为，t的单位为s，则质点()A．第1s末与第5s末的位移相同 B．第1s末与第5s末的速度相同C．第1s内速度不断增大 D．第2s内加速度不断增大10、2019年1月11日1时11分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功将“中星2D”卫星发射升空，升空后的卫星能量补给主要靠太阳能电池.硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点.如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I的关系图象，图线b是某纯电阻电器的U-I图象.则在该光照强度下，把该电池和该电器组成一个电路时，电池的（）A．内阻为5.5ΩB．输出功率为12.5WC．内耗功率为0.22WD．效率为50%三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图，游标卡尺读数为________mm，螺旋测微器读数为________mm．12．（12分）某同学要测量一个由均匀新合金材料制成的金属丝的电阻率ρ.(1)该同学用游标卡尺测量金属丝的长度如图甲所示，可知其长度为L＝________mm.(2)如图乙所示，用螺旋测微器测金属丝的直径，测量值d＝________mm.(3)选用“×10”倍率的电阻挡测量，发现多用电表指针偏转过大，因此需选择“________”倍率的电阻挡(填“×1”或“×100”)，并________，再进行正确测量，多用电表的示数如图丙所示，测量结果为R＝________Ω.(4)该金属丝电阻率的表达式为ρ＝________.(用R、d、L表示)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）1932年，劳伦斯和利文斯设计出了回旋加速器．回旋加速器的工作原理如图所示，置于真空中的两个D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计，磁感应强度为B的匀强磁场方向与盒面垂直．两D形盒之间所加的交流电压为U，粒子质量m、电荷量为q的粒子从D形盒一侧圆心处开始被加速（初动能可以忽略），经若干次加速后粒子从D形盒边缘射出．求：（1）交流电压的频率；（2）粒子从D形盒边缘射出时的动能；（3）粒子被加速的次数．14．（16分）如图足够长的固定斜面倾角θ=37°。一个物体以v0=4m/s的初速度从斜面A点处沿斜面向上运动。物体与斜面间的动摩擦因数为μ=0.25。（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）。求：（1）物体沿斜面上滑时的加速度；（2）物体沿斜面上滑的最大距离；（3）物体从最高点返回到A点时的速度大小。15．（12分）如图所示，AMB是AM和MB两段组成的绝缘轨道，其中AM段与水平面成370，轨道MB处在方向竖直向上、大小E＝5×103N/C的匀强电场中。一质量m＝0.1kg、电荷量q＝＋1.0×10－4C的可视为质点的滑块以初速度v0＝6m/s从离水平地面高h＝4.2m处开始向下运动，经M点进入电场，从B点离开电场,最终停在距B点1.6m处的C点。不计经过M点的能量损失，已知滑块与轨道间的动摩擦因数μ＝0.5，求滑块：(1)到达M点时的速度大小；(2)M、B两点的距离l；

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

电动机是非纯电阻电路，电功率为P=UI，故电流为I=P/U，故热功率P热=I2r=（）2r=；故选C．2、D【解析】

根据闭合电路欧姆定律有：，由图示电源图象可以知道，图象与纵轴交点坐标值是1.45，则电源电动势：，电源内阻，D正确，ABC错误．故选D．3、A【解析】

由于电容器与电源断开，因此电容器的带电量Q保持不变，根据当增大两板间的距离d时，电容C变小，根据可知两板间的U电压增大，而电容器内部电场强度三式联立可得因此电场强度E与d无关，增大d时电场强度E不变，因此A正确，BCD错误。故选A。4、A【解析】

AB．弹簧的两端各受1.0N拉力F，弹簧显示一端受到的拉力大小为1.0N，则该弹簧测力计的示数为1.0N，A正确B错误；C．由胡克定律得：，C错误；D、劲度系数k由弹簧本身的性质决定，与弹力大小无关，当不挂重物时，该弹簧的劲度系数依然不变，D错误。故选A。5、A【解析】

沿直线OO′运动的带电粒子，设进入匀强磁场B2的带电粒子的速度为v，则有解得粒子进入匀强磁场B2中做匀速圆周运动，则得因此，电荷量最大的带电粒子运动的轨道半径最小，设最小半径为r1，此带电粒子运动轨迹与CD板相切，则有得所以电荷量最大值故选A。6、A【解析】

从微观角度来说，在t时间内能通过某一横截面的自由电子处于长度为vt的圆柱体内，此圆柱体内的电子数目为，所以。A.与计算结果相符，故A正确。B.与计算结果不符，故B错误。C.与计算结果不符，故C错误。D.与计算结果不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A、根据欧姆定律得回路中的电流为：则通过电动机的电流为2A，故A错误，B正确；C、电动机的输出功率为：故C错误，D正确．【点睛】对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路．电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．8、BCD【解析】

电路结构是：滑动变阻器与灯泡L2并联，再与灯泡L1串联．滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，引起并联部分电阻变化，外电路总电阻变化，干路电流变化，再分析灯泡L2电压的变化来分析灯泡亮度的变化．根据P=UI来判断电路消耗的总功率．【详解】A、B项：滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，RP变大，外电路总电阻R变大，干路电流减小，L1变暗，灯泡L2的电压U2=U-IR1变大，L2变亮，故A错误，B正确；C项：由于干路电流减小，根据P=UI，电路消耗的总功率变小，故C正确；D项：由于干路电流减小，灯泡L2的电压U2=U-IR1变大，流过L2的电流变大，故流过滑动变阻器的电流减小，故D正确．【点睛】本题是简单的电路动态变化分析问题，通常按照“部分→整体→部分”的思路分析．9、ACD【解析】

A．1s末物体的位移，5s末物体的位移，故A正确；B．物体做简谐运动的周期，因此1s末和5s末差半个周期，速度大小相同方向不同，故B错误；C．物体在1s时在平衡位置速度最大，而周期为8s，四分之一周期为2s，说明在0-1s内物体向平衡位置运动，因此速度越来越大，故C正确；D．物体1s在平衡位置，则1-2s物体向最大位移处运动，速度越来越小加速度越来越大，因此D正确．10、AC【解析】

由闭合电路欧姆定律得U=E−Ir，当I=0时，E=U，由a与纵轴的交点读出电动势为E=3.6v.根据两图线交点处的状态可知，将它们组成闭合回路时路端电压为U=2.5V，电流为I=0.2A。A.将它们组成闭合回路时路端电压为U=2V，电流为I=0.2A，则电池的内阻为r=故A正确；B.电池的输出功率为：P出=UI=2.5×0.2W=0.5W故B错误；C.此时硅光电池的总功率为：P总=EI=3.6×0.2W=0.72W内耗功率为P内=P总-P出=0.22W故C正确；D.电池的输出效率为：η=P出P总故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、49.15mm；0.900mm；【解析】游标卡尺的主尺读数为49mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.15mm，所以最终读数为：49mm+0.15mm=49.15mm．螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为40.0×0.01mm=0.400mm，所以最终读数为0.5mm+0.400mm=0.900mm．点晴：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12、(1)50.15；(2)0.228(0.226～0.229均可以)；(3)×1；重新进行欧姆调零；13；(4)πRd【解析】（1）游标卡尺是20分度的卡尺，其分度值为0.05mm，则图示读数为：50mm+3×0.05mm=50.15mm；（2）螺旋测微器：不动刻度为0mm，可动刻度为22.8×0.01mm，则读数为0mm+22.8×0.01mm=0.228mm(0.226～0.229均可以)，（3）选用“×10”倍率的电阻挡测量，多用电表指针偏转过大，说明所选挡位太大，为准确测量灯泡电阻，需要选择×1倍率的电阻挡，并重新进行欧姆调零再进行测量；由图丙所示可知，测量结果为13×1=13Ω；（4）根据电阻定律得：R=ρLS，其中S=πd2【点睛】解题本题的关键：1、掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法；2、用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）交流电压的频率为；（2）粒子从D形盒边缘射出时的动能是；（3）粒子被加速的次数为．【解析】

（1）加速电压的周期等于粒子在磁场中运动的周期，即T=，那么交流电压的频率：f=；（2）根据qvB=m，解得v=，带电粒子射出时的动能：EK=mv2=；（3）经加速电场加速：qnU=，解得：n=14、(1)，方向沿斜面向下；(2)；(3)【解析】

（1）沿斜面向上运动时，由牛顿第二定律得解得：，方向沿斜面向下；（2）物体沿斜面匀减速上滑到速度为零，由速度位移关系得：解得：（3）物体沿斜面返回下滑时，根据牛顿第二定律：解得：由速度位移关系得：解得：15、(1)8m/s；(2)9.6m【解析】试题分析：带电滑块的运动，可以分为三个过程：①进电场前斜面上的匀加速直线运动；②在电场中沿水平地面的匀减速直线运动；③离开电场后沿地面的匀减速直线运动。本