广东汕头市2025届物理高二上期末教学质量检测试题含解析

广东汕头市2025届物理高二上期末教学质量检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电流方向每秒改变100次的交变电流，它的周期和频率分别是（）A.0.02s，50Hz B.0.04s，50HzC.0.02s，25Hz D.0.04s，25Hz2、如图中虚线框内是一个未知电路，测得它的两端点a、b之间电阻是R，在a、b之间加上电压U，测得流过电路的电流为I，则未知电路的电功率一定是（）A.I2RB.UI－I2RC.U2/RD.UI3、在一绝缘、粗糙且足够长的水平管道中有一带电量为、质量为的带电球体，管道半径略大于球体半径。整个管道处于磁感应强度为的水平匀强磁场中，磁感应强度方向与管道垂直。现给带电球体一个水平速度，则在整个运动过程中，带电球体克服摩擦力所做的功不可能为A. B.C.[] D.[]4、如图所示，匀强电场的场强E=3×105V/m，A、B两点相距0.2m，两点连线与电场的夹角是60°，下列说法正确的是（）A.A、B两点间的电势差是UAB=6×104VB.若取A点的电势为0，则B点的电势φB=3×104VC.电荷量2×10-4C的正电荷从A点运动到B点电势能减少6JD.电荷量2×10-4C的负电荷从A点运动到B点电场力做功为6J5、如图所示，水平直导线中通有稳恒电流I，导线的正上方处有一电子初速度v0，其方向与电流方向相同，以后电子的运动可能（）A.沿路径a运动，半径变小B.沿路径a运动，半径变大C.沿路径b运动，半径变小D.沿路径b运动，半径变大6、由电场强度的定义式E＝F/q可知A.E和F成正比，F越大，E越大 B.E和q成反比，q越小，E越大C.E的方向与F的方向相同 D.E的大小可由F/q计算二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在下列各种现象中，静摩擦力起作用的有（）A.物块在粗糙斜面上下滑 B.握在手中的瓶子不会滑落C.汽车在水平路面上转弯 D.消防员手握绳索向上爬8、如下所示四幅图片涉及物理学史上的四个重大发现。其中说法正确的是（）A.甲图行星与太阳的连线在相等的时间内扫过相等的面积，是开普勒得到的行星运动三大定律中的其中一条规律B.乙图卡文迪许实验示意图，卡文迪许通过扭秤实验，归纳出了万有引力定律C.丙图奥斯特实验示意图，奥斯特通过实验研究，发现了电流周围存在磁场D.丁图法拉第电磁感应实验装置图，法拉第通过实验研究，总结出电磁感应现象中感应电流方向的规律9、如图所示，电流表A1（0~3A）和A2（0~0.6A）是由两个相同的电流表改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）A.A1、A2的读数之比为1∶1B.A1、A2的读数之比为5∶1C.A1、A2的指针偏转角度之比为1∶1D.A1、A2的指针偏转角度之比为1∶510、如图所示，用控制变量法可以研究影响平行板电容器电容的因素．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ.实验中，极板所带电荷量不变，则（）A.保持S不变，增大d，则θ变大B.保持S不变，增大d，则θ变小C.保持d不变，增大S，则θ变大D.保持d不变，增大S，则θ变小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一根导线长0.2m，通以3A的电流，在磁场中某处受到的最大的磁场力是，则该处的磁感应强度B的大小是____T，如果该导线的长度和电流都减小一半，则该处的B的大小是______T。12．（12分）用一主尺最小分度为1mm，游标上有50个分度的游标卡尺测量一工件的长度，结果如图甲所示，可以读出此工件的长度为_________mm；图乙是用螺旋测微器测量某一圆柱的直径时的示数，此读数为____mm.四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在电场中把电荷量为2.0×10－9C的正电荷从A点移到B点，静电力做功为－2.0×10－7J，再把电荷从B点移到C点，静电力做功为4.0×10－7J。(1)A、B间，B、C间，A、C间的电势差各是多大？(2)把－1.5×10－9C的电荷从A点移到C点，静电力做多少功？电势能变化了多少？14．（16分）如图，在的区域存在方向沿轴负方向的匀强电场，场强大小为；在的区域存在方向垂直于平面向外的匀强磁场。一个氕核和一个氘核先后从轴上点以相同的动能射出，速度方向沿轴正方向。已知进入磁场时，速度方向与轴正方向的夹角为，并从坐标原点处第一次射出磁场。氕核的质量为，电荷量为。氘核的质量为，电荷量为，不计重力。求：(1)第一次进入磁场的位置到原点的距离；(2)磁场的磁感应强度大小；(3)第一次进入磁场到第一次离开磁场的运动时间。15．（12分）如图所示，光滑绝缘体杆竖直放置，它与以正点电荷为圆心的某一圆交于B、C两点，质量为，带电荷量为的有孔小球从杆上的A点无初速度下滑，已知远小于，，小球滑到B点时速度大小为，则（1）小球滑到C点速度大小为多少？（2）若取A点电势为零，求B点电势

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】解：一个周期内电流方向改变两次，所以f==50Hz则：T===0.02s故选A【点评】解得本题要知道频率与周期的关系，知道一个周期内电流方向改变两次，难度不大，属于基础题2、D【解析】由于虚线框内是一个未知电路，欧姆定律不一定适用，求解功率只能用P=UI【详解】若虚线框内是一个纯电阻电路时，欧姆定律适用，求解功率可以用P=IU=I2R=U2/R求解．若虚线框内是一个非纯电阻电路时，欧姆定律不适用，求解功率不能用I2R和U2/R，只能通过P=UI求解．故ABC错误，D正确．故选D3、D【解析】考查洛伦兹力，动能定理。【详解】如图，受力分析：当速度较小时，洛伦兹力小于重力，受力分析如图：由于摩擦力的作用，小球减速，洛伦兹力继续减小，由：支持力增大，摩擦力增大，减速运动加速度增大，直到速度减为0，由动能定理：即带电球体克服摩擦力所做的功为，B选项可能；当速度达到某个值，使洛伦兹力等于重力，受力分析如图：即当：解得时，摩擦力为零，小球做匀速直线运动，带电球体克服摩擦力所做的功为零，A选项可能；当速度较大时，洛伦兹力大于重力，受力分析如图：由于摩擦力的作用，小球减速，洛伦兹力继续减小，由：可知，压力减小，当速度减小到时，摩擦力为0，不再减速，由动能定理：即带电球体克服摩擦力所做的功：，C选项可能；所以四个选项中，不可能的是D选项。故选D。4、C【解析】已知匀强电场的场强为E，A、B两点间的距离为L及AB连线与电场方向的夹角为θ，求出两点沿电场方向的距离d，根据公式，再求解电势差U．根据计算电场力做功，从而分析电势能变化由图示可知，AB方向与电场线方向间的夹角，AB两点沿电场方向的距离，AB点间的电势差，故A错误；沿电场线的方向电势降落，故若取A点的电势为0，则B点的电势为负值，B错误；电荷量q=+2×10-4C的电荷从A点运动到B点，电场力做正功，电荷的电势能减小，，C正确；电荷量q=-2×10-4C的电荷从A点运动到B点，电场力做负功，大小为，D错误5、D【解析】水平导线中通有稳定电流I，根据安培定则判断导线上方的磁场方向向里，导线下方的磁场方向向外，由左手定则判断可知，导线上面的电子所受的洛伦兹力方向向上，则电子将沿b轨迹运动，洛仑兹力不做功，其速率v不变，而离导线越远，磁场越弱，磁感应强度B越小，由公式可知，电子的轨迹半径逐渐增大，故轨迹不是圆。A．沿路径a运动，半径变小与分析不符，故A错误；B．沿路径a运动，半径变大与分析不符，故B错误；C．沿路径b运动，半径变小与分析不符，故C错误；D．沿路径b运动，半径变大与分析相符，故D正确故选：D。6、D【解析】：试题分析：A、电场强度由电场本身决定，与试探电荷无关，不能理解为E与F成正比，与q成反比，A错B、理由同A，B错C、当F为正电荷受电场力时，E的方向与F方向相同；当F为负电荷受电场力时，E的方向与F方向相反，C错D、E=F/q为场强的定义式，所以E的大小可以由E=F/q来计算，D对故选D考点：电场强度的定义式点评：电场强度由场源电荷决定，与试探电荷无关，不能理解为E与F成正比，与q成反比二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】根据“静摩擦力”可知，本题考查了静摩擦力的理解和应用，根据静摩擦力的方向可能与物体的运动方向相反，也可能与物体的运动方向相同，但一定与物体相对运动趋势方向相反．静止物体所受静摩擦力不一定为零等相关知识进行判断即可【详解】A、物体在粗糙的斜面上下滑，受到的是滑动摩擦力，而不是静摩擦力，故A错误；B、握在手中的瓶子不会滑落，也是在静摩擦力作用下，使其与重力相平衡．故B正确C、汽车在水平路面上转弯，是静摩擦力提供向心力，故C正确；D、消防员手握绳索向上爬，受与绳索没有相对运动，受到的是静摩擦力，故D正确【点睛】静摩擦力的方向可以根据静摩擦力总是阻碍物体的间相对运动趋势来理解其方向8、AC【解析】A．甲图行星与太阳的连线在相等的时间内扫过相等的面积即为开普勒第二定律，故A正确；B．该实验是卡文迪许做的扭秤实验；卡文迪许通过扭秤实验，测出万有引力常量，并非归纳出了万有引力定律，故B错误；C．该实验是奥斯特研究电流磁效应的实验；奥斯特通过实验研究，发现了电流周围存在磁场，故C正确；D．楞次总结出判断电磁感应现象中感应电流方向的规律，故D错误。故选AC。9、BC【解析】AB．量程不同的电流表读数不同，电流表A1的量程为3A，A2的量程为0.6A，当偏转角相同时，A1、A2的读数之比为5∶1，A错误，B正确；CD．图中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，所以A1、A2的指针偏转角度之比为1∶1，C正确，D错误。故选BC。10、AD【解析】A、B、根据电容的决定式得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大；故A正确，B错误.C、D、根据电容的决定式得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，增大S时，电容增大，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式分析可知板间电势差减小，静电计指针的偏角θ变小；故C错误，D正确.故选AD.【点睛】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是掌握电容的两个公式：电容的决定式和.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、①.0.1②.0.1【解析】[1]根据得[2]磁感应强度B是磁场本身的属性，与有无电流元以及电流大小无关．所以当该导线的长度和电流都减小一半，该处的B的大小仍为0.1T。12、①.10.52②.5.826~5.829【解析】[1]工件的长度为：；[2]圆柱的直径为：。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)，，；(2)，【解析】(1)把电荷量为2.0×10－9C的正电荷从A点移到B点，静电力做功为－2.0×10－7J，据得＝－100V同理可得

0×10－9C的正电荷从A点到C点的过程中，电场力做功为WAC=WAB+WBC=2.0×10－7J则有UAC＝＝100V(2)把－1.5×10－9C的电荷从A点移到C点，静电力做功WAC′＝q′UAC＝－1.5×10－9×100J＝－1.5×10－7J据Ep=－WAC′=1.5×10－7J电势能增加了1.5×10－7J。14、(1)；(2)；(3)。【解析】氕核在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示设氕核在电场中的加速度大小为，初速度大小为，它在电场中的运动时间为，第一次进入磁场的位置到原点的距离为，由运动学公式有，由题给条件，氕核进入磁场时速度的方向与轴正方向夹角，进入磁场时速度的分量的大小为联立可得(2)氕核在电场中运动时，由牛顿第二定律有设氕核进入磁场时速度的大小为，由速度合成法则有设磁感应强度大小为，氕核在磁场中运动的圆轨道半径为，由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有由几何关系得联立可得(3)设氘核在电场中沿轴正方向射出的速度大小为，在电场中的加速度大小为，由题给条件得由牛顿第二定律有设氘核第一次射入磁场时速度大小为，速度的方向与轴正方向夹角为，入射点到原点的距离为，在电场中运动的时间为，由运动学公式有，则联立可得，，设在磁场中做