吉林省白城市实验高级中学2024-2025学年高二上学期11月期中考试物理试题

白城市实验高级中学2024-2025学年度高二上学期期中考试物理试卷第Ⅰ卷（选择题共46分）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。第Ⅰ卷第1至3页，第Ⅱ卷第3至5页。满分100分。考试时间90分钟。注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考号用2B铅笔填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡指定区域。2．第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。第Ⅱ卷用黑色水性笔答在答题卡上，在本试卷上作答无效。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.由于4月梅州连日强降雨，蕉岭县长潭水库泄洪闸孔全开泄洪。如图所示，已知泄洪流量为240m3/s，水位落差100m，水的密度为1.0×103kg/m3A.6.0×107WB.6.0×108WC.2.(2023春·湖南长沙·高二长郡中学校考学业考试)如图，是小明家的太阳能电池，因户外使用时间较久，厂家标记的参数已模糊不清。为了解相关参数，小明测量了此电池不接负载时两极间电压为，接上的电阻时两极间电压为。则此电池的电动势和内阻分别为()A.和B.和C.和D.和3.两根长直通电导线互相平行，电流方向相反，它们的截面处于一个等边三角形ABC的顶点A和B处，如图所示。两通电导线在C处的磁场的磁感应强度的值都是B，则C处磁场的总磁感应强度是( )A.2BB.BC.0D.3B4.如图所示，用甲、乙两种电路测RＸ的阻值，甲电路中伏特表和安培表的示数分别为3.0V和3.0mA，乙电路中伏特表和安培表示数分别为2.9V和4.0mA，则待测电阻RＸ的值应A.比1000Ω略大一些B.比1000Ω略小一些C.比725Ω略大一些D.比725Ω略小一些5.一放置在水平桌面上的条形磁铁，其磁感线分布如图所示。P、Q是同一条磁感线上的两点，下列说法正确的是()A.P、Q两点的磁感应强度相同B.磁感应线始终由N极到S极C.P点的磁感应强度方向由P指向QD.Q点的磁感应强度方向由Q指向P6.如图甲、乙、丙、丁所示，下列情况中能产生感应电流的是()A.如图甲所示，导体棒AB平行于磁感线运动B.如图乙所示，条形磁铁一部分放在线圈中不动C.如图丙所示，小螺线管A置于大螺线管B中不动，开关S一直接通D.如图丁所示，把闭合线圈从磁场中水平抽出7.如图所示，图线1表示导体A的电阻，设为R1，图线2表示导体B的电阻，设为R2，导体A、B

A.RB.把A拉长为原来的2倍后其电阻等于B的电阻RC.将A与B并联后接在电源上，二者消耗的功率之比PD.将A与B串联后接在电源上，两导体的电压之比U8.在竖直平面内建立直角坐标系，曲线y＝位于第一象限的部分如图所示，在曲线上不同点以一定的初速度v0向x轴负方向水平抛出质量为m、带电荷量为＋q的小球，小球下落过程中都会通过坐标原点O，之后进入第三象限的匀强电场和匀强磁场区域(图中未画出)，结果小球恰好在竖直面内做匀速圆周运动，并且都能打到y轴负半轴上．已知匀强磁场的磁感应强度大小为B，重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是()A.第三象限的电场强度大小为，方向竖直向下B.小球的初速度为10m/sC.第三象限的磁场方向一定是垂直纸面向外D.要使所有小球都能打到y轴的负半轴，所加磁场区域的最小面积是π()29.关于能量和能量耗散，下列说法中正确的是()A.能量耗散从能量转化的角度反映出自然界中客观过程的方向性B.能量耗散表明能源的利用是有条件的，也是有代价的C.能量守恒，不可消失，所以没有必要节约能源D.能量之间可以相互转化，故能源可以很方便的循环利用10.用电流表和电压表测量电阻的部分电路如图所示，其中Rx为待测电阻。电表内阻对测量结果的影响不能忽略，下列说法中正确的是()A.电压表的示数小于Rx两端的电压B.电压表的示数大于Rx两端的电压C.电流表的示数大于通过Rx的电流D.电阻丝的测量值比真实值偏小二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.如图甲所示，18650可充电锂电池广泛应用于充电宝、锂电钻、电动车等领域，其直径为18mm，长度为65mm(不含电极)，合格出厂标准为：额定电压3.7V，满电电压4.2V，放电截止电压2.5V，内阻20~100mΩ。某同学网购了1节18650锂电池，为测量该电池的电动势与内阻是否合格，该同学用家中的以下器材进行测量：一个多用电表、一个电阻箱、一个阻值未知的定值电阻R0(小于10Ω)(1)把该18650锂电池提前充满电。(2)测量R0的阻值：将多用电表选择开关置于直流电流挡合适挡位作为直流电流表使用，按图乙连接电路，先只闭合S1，调节电阻箱，当电阻箱的阻值为R1=7.0Ω时，电流表示数为I；接着闭合S2，调节电阻箱，当电阻箱的阻值为R2=13.0Ω时，电流表示数仍为(3)测量电动势与内阻：因该电池内阻较小，为了方便测量，将多用电表选择开关置于直流电压10V挡作为直流电压表使用，按图丙连接电路；闭合S，多次调节电阻箱的阻值，记录每次调节后电阻箱的阻值R及多用电表直流电压挡的示数U，某次测量时多用电表指针如图戊所示，该读数为

V；以1U为纵轴，1R为横轴作出了如图丁所示的图像，若该锂电池的电动势为E，内阻为r，写出1U与1R的函数式1U=(用E、R、(4)结合以上步骤与图丁，可求得该18650锂电池的电动势，E=V，内阻r=

Ω。(结果均保留2位有效数字12.如图1所示是某兴趣小组设计的一个测量电流表A的内阻RA(约为5Ω)和一个电池组的电动势E及内阻r的实验电路。已知电流表的量程为①断开单刀双掷开关S2，闭合开关S1，调节滑动变阻器R0，使电流表②保持R0的阻值不变，将单刀双掷开关S2接M端，调节电阻箱R的阻值，当R的阻值为5.2Ω时电流表A的示数为③断开开关S1，将单刀双开掷关S2接N端，不断改变和记录电阻箱的阻值R以及分别与R相对应的电流表的示数④分别以R和1I为横坐标和纵坐标建立平面直角坐标系，利用记录的R和对应的1I进行描点画线，得到如图⑤通过测量得知该图线在纵轴上的截距为b、斜率为k。根据以上实验操作，回答以下问题：(1)在进行实验步骤①之前，应先将滑动变阻器的滑片置于

(填“左端“中间”或“右端”)。(2)被测电流表的内阻RA=

；测量值与电流表内阻的真实值相比较

(填“偏大”“偏小”或“相等(3)被测电池组的电动势E=

，内阻r=

。(13.如图所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变滑动变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。(1)请推导该电源对外电路能够输出的最大电功率及条件；(2)请写出电源电动势定义式，并结合能量守恒定律证明：电源电动势在数值上等于内、外电路电势降落之和。14.如图，匀强磁场的磁感应强度B为0.2T，方向沿x轴的正方向，且线段MN、DC相等，长度为0.4m，线段NC、EF、MD、NE、CF相等，长度为0.3m，通过面积SMNCD、SNEFC、SMEFD的磁通量Φ₁、Φ₂、Φ₃各是多少?15.对应于7.4×10－19J的能量子，其电磁辐射的频率和波长各是多少？(计算结果保留三位有效数字)<参考答案1.【答案】A【解析】由题意可知t时间内流水的体积V发电功率为P代入数据可得P=25%×1.0×2.【答案】A【解析】不接负载时两极间电压为，则电池的电动势为22.0V；根据闭合电路欧姆定律有，代入数据解得，故选A。3.【答案】B【解析】根据安培定则可知，导线A在C处产生的磁场方向垂直于AC方向向右，导线B在C处产生的磁场方向垂直于BC方向向左，则磁场在C处相互叠加，根据几何关系知合磁感强度为B。故选B4.【答案】B【解析】因电流表的示数变化大，说明了电压表的分流作用明显，所以要用电流表内接法的电路进行测量，即采用甲电路进行测量比较准确；R测=U测I=3.03.0×10-3Ω=1000Ω，电压表的示数是待测电阻和电流表的上的电压的和，故电压比真实值大，即U测＞U真，所以R5.【答案】D【解析】磁感线的疏密表示磁场强弱，Q处磁感线比P处密，故Q点的磁感应强度大于P点的磁感应强度，故A错误；条形磁铁外部的磁感线由N极出发回到S极，条形磁铁内部的磁感线由S极到N极，故B错误；条形磁铁外部的磁感线由N极出发回到S极，磁感线的切线方向表示磁感应强度的方向，故P点和Q点磁场方向都是由Q指向P，故C错误，D正确；故选D。6.【答案】D【解析】如图甲所示，导体棒AB平行于磁感线运动，不切割磁感线，不会产生感应电流，选项A错误；如图乙所示，条形磁铁一部分放在线圈中不动，穿过线圈的磁通量不变，不会产生感应电流，选项B错误；如图丙所示，小螺线管A置于大螺线管B中不动，开关S一直接通，穿过线圈的磁通量不变，不会产生感应电流，选项C错误；如图丁所示，把闭合线圈从磁场中水平抽出，穿过线圈的磁通量发生变化，会产生感应电流，选项D正确。故选D。7.【答案】D【解析】根据I-U图像知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1:R2=1:3，故A错误；把A拉长为原来的2倍后，横截面积减小为原来的12，根据公式R=ρlS，可得，电阻A变为原来的4倍，故B错误；并联电路电压相等，将A与B并联后接在电源上，根据公式P=U2R可得，二者消耗的功率之比8.【答案】BD【解析】设小球释放点的坐标为(x，y)，由平抛运动规律可知x＝v0t，y＝gt2，联立可得y＝x2，由题意可知y＝，联立可得v0＝10

m/s，B正确；小球在第三象限做匀速圆周运动，则有mg＝qE，可得E＝，方向竖直向上，A错误；根据题意结合左手定则可判断，第三象限的磁场方向垂直纸面向里，C错误；设小球最初进入第三象限时的速度为v，与y轴负方向夹角为α，则有v0＝vsin

α，洛伦兹力提供向心力，有qvB＝m，解得r＝，小球在磁场中的偏转角恒为2α，运动轨迹的弦长l＝2rsin

α＝，恒定不变，要使所有的小球都能打到y轴负半轴上，所加磁场区域的最小面积为Smin＝π(l2)2＝π()2，D9.【答案】AB【解析】能量守恒定律是普遍规律，能量耗散过程中能量也是守恒的，从能量转化的角度反映出自然界中的客观过程具有方向性，故A正确；能量的转化和转移具有方向性，有些能量耗散到空中无法再次回收和利用，因此能量耗散表明能源的利用是有条件的，也是有代价的，故B正确；能量的转化和守恒定律即指能量在转化和转移中总量保持不变，但能量在转化中具有方向性，不能循环利用，所以我们需要节约能源，故C、D错误.10.【答案】CD【解析】由图可知，电压表直接并联在Rx两端，所以其示数等于Rx两端的电压，故AB错误；电流表的示数等于流过Rx的电流和流过电压表的电流之和，所以大于通过Rx的电流，故C正确；图中测得的电压是准确的，电流是偏大的，根据R=UI可知，电阻丝的测量值比真实值偏小，故D11.【答案】(2)6.0(3)3.3R0+rE·1R+1E【解析】(2)只闭合S1时，根据闭合电路欧姆定律再闭合S2时，根据闭合电路欧姆定律E=I(3)由图戊可知，读数为3.2根据闭合电路欧姆定律E=U+(4)根据1U=R0+r纵截距为1E=0.25，解得E=4.012.【答案】(1)右端(2)4.8Ω偏小(3)1k【解析】(1)在进行实验步骤①之前，应先将滑动变阻器的滑动端置于电阻最大的位置，即置于最右端位置。(2)由并联电阻的特点可知，当电流表读数为IA电阻箱R的电流为I由并联电路的特点可知RA5.2Ω当将单刀双掷开关S2接M端后，电路的总电阻减小，总电流变大，即总电流大于100mA，而当电流表读数为52mA时，通过电阻箱的电流IR将大于48mA根据RAR(3)根据闭合电路欧姆定律E可得1则有1解得E13.【答案】(1)E24r，R=r【解析】(1)设滑动变阻器接入电路的电阻为x，由闭合回路欧姆定律有，电路中的电流强度为I=Er+x，输出电功