02电生磁及其应用2

浙教版8年级下册期中期末考点大串讲02电生磁及其应用电动机1．主要组成部分：转子（线圈）和定子（磁铁），转向器，电刷；2．直流电动机是把电能转化为机械能的装置；原理：通电线圈在磁场中受力转动；3．换向器的作用：每当线圈转到平衡位置，能自动改变线圈中的电流方向，使线圈连续转动；4．直流电动机的转动方向取决于磁场方向和线圈中电流方向，转速取决于磁场强度和电流大小。电流越大转速越快；磁场越强，转速也越快；二、电磁继电器1.电磁继电器是利用电磁铁来控制工作电路的一种自动开关；2.电磁继电器是利用低电压，弱电流电路的通断，来间接的控制高电压，强电流电路的装置，由电磁铁，衔铁，弹簧片，触电组成；3.电铃：闭合开关，电路接通电磁铁，由此铁产生磁性吸引弹簧片，使铁锤打击打击铁岭而发出声音，同时电路断开，电磁铁失去磁性，由于弹簧片的弹性，使电路又重新闭合，上述过程循环反复，电铃持续发声；某检测气体电路示意图三、电磁铁的其他应用磁悬浮列车：列车轨道上强电磁铁的磁极与列车上的电磁铁的磁极的排斥或吸引的作用力，使列车悬浮，消除了摩擦，减少了阻力，增加运行速度；信息的磁记录：记录声音，文字，图像等信息的磁带的一面都涂有一层磁粉，每一个磁粉粒就是一个小磁铁，通过磁头把磁粉磁化，把信息记录在磁带上。磁场对通电导体的作用：1.磁场对通电导体的作用：通电导体在磁场中会受到力的作用。其所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，改变其一，受力方向与原方向相反；两个都改变，其受力方向与原方向相同。2.磁场对通电线圈的作用：通电线圈在磁场中受力转动，到平衡位置时停止；当通电导线或线圈在磁场中受力的作用而发生转动时，电能转化为机械能。一、电磁继电器1．（2021八下·杭州期中）如图所示某汽车起动电动机的电路。当起动器开关闭合时，有细小电流通过器件X，接着有强大电流通过电动机，并将电动机启动，X可能是（）A．灵敏电流计 B．电磁继电器 C．电压表 D．发电机【答案】B【解析】电磁继电器是用电磁铁控制的开关，实现低电压控制高电压，弱电流控制强电流的功能，因此X可能是电磁继电器，故B正确，而A、C、D错误。故选B。2．（2020八下·上虞期末）如图是小敏设计的汽车尾气中CO排放量的检测电路。当CO浓度高于某一设定值时，电铃发声报警。图中气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小。下列说法正确的是()A．电铃应接在A和C之间B．CO浓度升高，电磁铁磁性减弱C．用久后，电源电压U1会减小，报警时CO最小浓度比设定值高D．为使该检测电路在CO浓度更低时报警，可将R2的滑片向下移【答案】C【解析】A.当CO浓度高于设定值后，气敏电阻的阻值减小，通过电磁铁的电流增大，电磁铁的磁场变强，将衔铁吸下来接通CD所在的电路而报警，因此电铃应该接在CD之间，故A错误；

B.当CO浓度升高时，气敏电阻阻值减小，通过电磁铁的电流增大，所以它的磁性变强，故B错误；

C.用久后，电源电压U1会减小，因此通过电磁铁的电流变小，即当CO浓度达到原来的设定值后电磁铁不能将衔铁吸下来接通报警电路。只有CO浓度继续增大，气敏电阻的阻值继续减小，电流继续增大到原来的设定电流时才能报警，因此报警时CO的最小浓度比设定值高，故C正确；

D.报警时通过电磁铁的电流不变，即总电阻不变。当CO浓度更低时，气敏电阻阻值更大，根据R总=R1+R2可知，变阻器的阻值必须变小，即滑片向上移动，故D错误。故选C。3．（2020八下·温州月考）如图是拍摄机动车辆闯红灯的工作原理示意图。光控开关接收到红灯发出的光会自动闭合，压力开关受到机动车的压力会闭合，摄像系统在电路接通时可自动拍摄违章车辆。下列说法正确的是（）A．只要光控开关接收到红光，摄像系统就会自动拍摄B．机动车只要驶过埋有压力开关的路口，摄像系统就会自动拍摄C．只有光控开关和压力开关都闭合时，摄像系统才会自动拍摄D．若将光控开关和压力开关并联，也能起到相同的作用【答案】C【解析】A.光控开关接收到红光闭合，且必须有汽车经过，造成压力开关闭合，才会接通控制电路，使电磁铁产生磁性，将衔铁吸下来，接通工作电路，摄像系统才会拍摄，故A错误；

B.如果绿灯亮时，光控开关没有闭合，即使机动车驶过埋有压力开关的路口，造成压力开关闭合，也不会接通控制电路，摄像系统不会启动，故B错误；

C.只有光控开关和压力开关都闭合时，摄像系统才会自动拍摄，故C正确；

D.摄像系统拍照的必要条件有两个：①红灯亮时；②压力开关闭合；如果光控开关和压力开关并联，它们就会出现只要满足其中一个条件时就会拍照的情形，起不到应有的作用，故D错误。故选C。4．（2020八下·拱墅开学考）如图所示闭合开关，将滑动变阻器滑片P向右移动时，弹簧测力计的示数变小。则下列分析正确的是（）A．电磁铁的上端为S极B．电源左端为正极C．抽去铁芯，弹簧测力计示数增大D．断开开关，弹簧测力计示数为零【答案】C【解析】A、滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流变大，磁性增强，弹簧测力计的示数变小，说明电磁铁与上面的磁铁排斥。根据同名磁极相互排斥的规律，电磁铁的上端为N极，A不符合题意；

B、上端为N极，再利用安培定则判断，电源右端为“+”极，B不符合题意；

C、抽去铁芯后，电磁铁的磁性变弱，而电磁铁的上端为N极，同名磁极相互排斥，所以对条形磁铁的排斥力减小，因此弹簧测力计的示数将变大，C符合题意；

D、断开开关，电磁铁的磁性消失，但弹簧测力计下面挂着的磁铁具有重力，且还会与电磁铁的铁芯相互吸引，所以示数会增大，不会为零，D不符合题意。故答案为：C5．图所示为一种温度自动报警电器的原理图，在水银温度计的顶端封入一段金属丝，以下正确的是（）A．温度升高至78℃时，L2亮灯报警;B．温度升高至78℃时，L1亮灯报警;C．温度升高至74℃时，L2亮灯报警;D．温度升高至74℃时，L1亮灯报警.【答案】A【解析】温度计的分度值是2℃，那么报警温度为：70℃+2℃×4=78℃；当温度达到78℃时，控制电路被接通，电磁铁将衔铁吸下来，接通灯泡L2所在的电路报警，故A正确，而B、C、D错误。故选A。6．近期，我国南方各地普降暴雨，城市内涝给人们生活带来很大影响。小明设计一种利用电磁继电器来自动控制抽水机工作的电路：当水位在安全位置以下时绿灯亮，抽水机不工作；当水位到达安全位置上限时红灯亮，抽水机开始工作。如图是小明还未连接完成的电路，小明接下去的电路连接应该是（）A．M接A，N接B B．M接B，N接D C．M接B，N接C D．M接A，N接D【答案】B【解析】A、若M接A，N接B，当衔铁无磁性时，闭合回路发生短路；故A错误；

B、若M接B，N接D，当衔铁有磁性时，红灯和抽水机都工作；故B正确；

C、若M接B，N接C，当衔铁有磁性时，工作电路发生短路；故C错误；

D、若M接A，N接D，绿灯一直工作，故D错误；故答案为：B。7．（2021八下·台州月考）阴雨天，空气潮湿，能见度低，路面湿滑，小明设计了如图甲警示灯的模拟电路。（1）在电路中串联一个湿敏电阻，当湿度变大，电流高达一定程度时警示灯才发光，因此应选择图乙中的（选填“R1”或“R2”）湿敏电阻。（2）为了提高警示效果，要求警示灯能亮暗闪烁，湿敏电阻应连接在图甲的（选填“A”或“B”）位置。【答案】（1）R2（2）A【解析】（1）当湿度变大时，电流也增大，即电路中的电阻减小。根据R总=R湿+R灯可知，此时湿敏电阻的阻值减小，那么得到：湿敏电阻的阻值随湿度的增大而减小，故选图乙中的R2。

（2）根据甲图可知，如果将湿敏电阻接在A点，那么当电流增大到一定程度时，电磁铁将衔铁吸下来，将湿敏电阻和电磁铁短路，此时只有警示灯，由于电流较大，因此警示灯亮度较大。由于电磁铁被短路，失去磁性，于是衔铁被弹簧拉开，此时警示灯和湿敏电阻串联，电阻较大，电流较小，则警示灯的亮度较小。如此循环往复，于是警示灯可以闪烁。8．（2020八下·杭州期中）如图所示的电磁继电器，其中R是热敏电阻，它的阻值随温度的升高而减小，R0是滑动变阻器。该装置的工作原理是：随室内温度的升高，热敏电阻的阻值减小，控制电路中电流(选填“增大”或“减小”)，当电流达到一定值时，衔铁被吸合。右侧空调电路(选填“闭合”或“断开”)，空调开始工作。为了节能，现要将空调启动的温度调高，可以适当将滑片P向(选填“左”或“右”)移动。【答案】增大；闭合；右【解析】（1）随室内温度的升高，热敏电阻的阻值减小，控制电路中电增大；

（2）当电流达到一定值时，衔铁被吸合，动触点和静触点接触，那么右侧空调电路闭合；

（3）为了节能，现要将空调启动的温度调高，可以适当将滑片P向右移动。9．（2020八下·拱墅开学考）下井水盖的丢失给人们出行带来了安全隐患。为提示路人注意安全，芳芳同学设计了如图所示的电路，电路中利用一元硬币代替铁质井盖是因为两者都属于（填“绝缘体”或“导体”）。当井盖丢失时，灯泡发光报警；当电磁铁的线圈中有电流通过时，继电器的动触点与(填“上”或“下”)静触点接触，电磁铁的上端是极。【答案】导体；下；N【解析】电路中利用一元硬币代替铁质井盖是因为两者都属于导体，它们都能导电。当井盖丢失时，灯泡发光报警；当电磁铁的线圈中有电流通过时，电磁铁中有电流有磁性，衔铁被吸下，继电器的动触点和下静触点接触，根据右手螺旋法则，电磁铁的上端是N极。10．（2019八下·余杭期末）小乐利用实验室的电磁继电器、热敏电阻R1、滑动变阻器R2、发热电阻丝R0设计了一个恒温箱控制电路。如图甲所示，发热电阻丝R0和热敏电阻R1处于恒温箱内，图乙是热敏电阻R1的阻值随温度变化的关系曲线。当温度达到设定温度时，电磁继电器会自动控制加热电路停止工作。（1）连接电路时，a、b接线柱应分别连接(选填“①、②”“②、③”或“①、③”)接线柱；（2）通过图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度升高而(选填“增大”或“减小”)；（3）如果要使恒温箱内保持的温度升高，滑动变阻器R2的滑片应该向(选填“左”或“右”)移动。【答案】（1）②、③（2）增大（3）左【解析】（1）当温度达到设定温度时，热敏电阻的阻值增大，控制电流变小，电磁铁的磁力减小，衔铁在弹簧拉力左右下向上运动，切断工作电路，因此连接电路时，a、b接线柱应该与②③接线柱连接；

（2）通过图乙可知，热敏电阻R1的阻值随温度升高而增大；

（3）在其它条件不变时，电磁铁的动作电流是不变的，即电路的总电阻不变；如果要使恒温箱内保持的温度升高，那么热敏电阻R1阻值变大，根据R总=R1+R2可知，变阻器的阻值要变小，即向左移动。11．（2021八下·宁波期末）如图甲所示，是一种电加热恒温箱的简化工作原理电路图。工作电路由电压U0＝220V的电源和阻值为R0＝88Ω的电热丝组成。控制电路是由电压U1＝7.5V的电源、开关、电磁继电器(线圈电阻不计)、电阻箱R1(可取值范围为0～120Ω)和热敏电阻Rt组成的，热敏电阻Rt的阻值随温度变化的关系如图乙所示。当控制电路的电流达到50mA时，衔铁才吸合，从而切断右边工作电路，停止加热。（1）由乙图可知热敏电阻Rt的阻值随温度的升高而(填“增大”“不变”或“减小”)。（2）如果恒温箱的温度设定为60℃，则电阻箱R1应取多大阻值？（3）该恒温箱可设定的最高温度是多少？【答案】（1）减小（2）70Ω（3）150℃【解析】（1）根据乙图分析热敏电阻阻值随温度的变化规律；

（2）首先根据乙图确定60℃热敏电阻的阻值，再根据R总=U总I总计算出总电阻，再根据R总=Rt+R1计算出电阻箱R1的阻值。

（3）恒温箱的温度最高时，热敏电阻的阻值最小，此时电阻箱的阻值最大，根据R12．（2021八下·吴兴期末）据交警部门统计，货车发生交通事故的主要原因是超载，于是交警部门为了检查货车是否超载，设计了一个货车超载自动报警电路。压力传感器受到的压力越大，输出的电压就越大。某压力传感器输出电压与压力的关系如表：压力/（×105牛顿）01.22.43.64.86.0输出电压/（伏特）012345他们利用压力传感器和电阻箱R（最大电阻999欧姆）及部分其它器材设计了图示的电路。闭合开关，当线圈中电流大于或等于20毫安时，电磁继电器的衔铁被吸合。已知继电器线圈的电阻为25欧姆，继电器电路的电源电压由压力传感器的输出电压U提供（假设U不受继电器电路影响）。（1）当压力增加到一定程度时，电铃报警，说明汽车超载，则电铃应接在图中（填“MN”或“EF”）两端；（2）当货车总质量大于或等于24吨时，启动报警系统。则电阻箱R的电阻应调节到多大?（g取10牛顿/千克）【答案】（1）EF（2）解：F=G=mg=24t×10N/Kg=2.4×105N；由表格可知，当压力为2.4×105N时，输出电压U＝2V，使电磁继电器衔铁闭合的最小电流I＝20mA＝0.02A，∴此时电路的总电阻R总＝U/I＝2V/0.02A＝100Ω又∵继电器线圈的电阻R线＝25Ω∴电阻箱接入电路的阻值R＝R总－R线＝100Ω－25Ω＝75Ω13．（2021八下·西湖期中）小科利用压力传感器、电磁继电器、阻值可调的电阻R等元件设计了一个汽车超载自动报警器,如图甲所示。他了解到这种压力传感器所受压力越大时，输出的电压U就越大，二者的关系如图乙所示。闭合开关S，当继电器线圈中的电流大于或等于20mA时,衔铁被吸合。已知传感器的输出电压U即为继电器控制电路的电源电压，继电器线圈的电阻为20Ω,求：(g取10N/kg)（1）车辆不超载时，工作电路中绿灯亮；当传感器所受压力增大到一定程度时，红灯亮，汽车超载。请你判断灯（选填“L1”或“L2”）是红灯。（2）某水平公路桥禁止质量大于或等于20t的车辆通行，用该装置监管通行车辆时，R的阻值应调为多大？(写出计算过程)。（3）在水平路面上，要使该装置报警，传感器所受的最小压力为多大?(写出计算过程)【答案】（1）L2（2）解：车对水平地面的压力：F=G=mg=20×103kg×10N/kg=2×105N，由图象可知，此时的输出电压U=1V，∵I=U/R∴电路总电阻：R总=UI=1V0.02A=50Ω，电阻R的阻值：R=R总R线圈=50Ω20Ω=30Ω答：R的阻值应调节为30Ω；（3）解：当R=0Ω要使报警器报警，输出电压最小，∵I=U/R，∴输出最小电压：U0=IR线圈=0.02A×20Ω=0.4V，由图象可知，此时压力传感器受到的压力：F′=0.8×105N=8×104N答：在水平路面上，要使该装置报警，通过车辆的最小重力为8×104N二、电动机14．用如图所示的装置探究通电导线在磁场中的受力情况。接通电源，发现导体ab向右运动；把电源正负极对调后接入电路，发现导体ab向左运动。这个实验事实说明通电导线在磁场中受力()A．方向与电流方向有关 B．方向与磁感线方向有关C．大小与电流大小有关 D．大小与磁场强弱有关【答案】A【解析】ab向右运动，说明它受到的磁力向右；ab向左运动，说明它受到的磁力向左。电源的正负极对调，则通过ab的电流方向发生改变，则这个事实可以说明通电导体在磁场中受力的方向与电流方向有关，故A正确，而B、C、D错误。故选A。15．关于直流电动机的以下说法中正确的是()A．电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能B．电动机工作过程中，换向器改变线圈中的电流方向C．电动机的线圈转动1周的过程中电流方向改变4次D．电动机中的线圈转动是利用了惯性，所以线圈质量越大越好【答案】B【解析】A.电动机工作过程中，消耗的电能大部分转化为机械能，一小部分转化为内能，故A错误；

B.电动机工作过程中，换向器改变线圈中的电流方向，从而保证线圈能够持续运动下去，故B正确；

C.电动机的线圈转动1周的过程中电流方向改变2次，故C错误；

D.电动机中的线圈转动是利用了惯性，但是线圈质量越大，阻力越大，消耗的电能越多，故D错误。故选B。16．（2020八下·绍兴月考）下列四幅装置图分析正确的是()A．图甲动圈式扬声器利用了磁场对电流的作用发声B．图乙装置，说明磁极间有相互作用C．图丙装置研究的是导体在磁场中能产生感应电流D．图丁装置是电动机的结构原理图【答案】A【解析】A.图甲：当强弱不同的电流经过线圈时，磁铁会对线圈产生力的作用，从而使线圈振动起来，带动外面的纸盆发出声音，故A正确；

B.图乙：当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生改变，说明电流周围存在磁场，故B错误；

C.图丙：闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，故C错误；

D.图丁：当线圈在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针摆动，说明有电流产生，因此是发电机的工作原理图，故D错误。故选A。17．（2019八下·衢州期中）某同学制作了如图1所示的装置：风吹动时，风车带动磁体上方的线圈转动（线圈两端引出线上的绝缘漆已全部刮掉），灵敏电流计的指针会发生偏转。如图2是该同学设计的另一种由轻质材料制成的风车模型，则下列说法正确的是()A．图1装置是利用电流磁效应工作的B．图1装置的工作原理与电动机相同C．若图1中电流计换成干电池，则无风吹时，线圈能持续转动D．若用图2所示风车模型替换图1中风车，则有风吹时，电流计指针也能发生偏转【答案】D【解析】根据题目描述可知，图1中的装置是利用电磁感应的原理工作的，这和发电机的工作原理相同，故A、B错误；

若图1中电流计换成干电池，则无风时，线圈可以转动但不能连续。因为线圈两端的引线绝缘漆全部刮掉不能改变电流方向，所以到达平衡位置附近时就会停止转动，故C错误；

若用图2所示风车模型替换图1中风车，则有风吹时，线圈只要能转动，电流计指针也能发生偏转，故D正确。故选D。18．在安装直流电动机模型的实验中，小杰同学按照科学教材的要求安装了一台直流电动机模型。安装完毕，闭合开关后，线圈顺时针转动，则能使线圈逆时针转动的做法是（）A．减少一节电池 B．把电源和磁铁的两极同时对调C．增加一节电池 D．把电源两极对调【答案】D【解析】电动机线圈的转动方向与磁场方向和电流方向有关，所以使线圈逆时针转动的方法为：改变通入直流电动机的电流的方向，即可以改变它的转动方向；故A、B、C错误，D正确；故答案为：D。19．如图所示为直流电动机的工作原理，以下相关的分析中正确的是（）A．电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能B．电动机工作过程中，线圈中也会产生感应电流C．电动机的线圈转动1周的过程中电流方向改变4次D．电动机中的线圈转动是利用了惯性，所以线圈质量越大越好【答案】B【解析】A、电动机工作过程中有能量的散失，例如内能，因此消耗的电能大部分转化为机械能；故A错误；

B、电动机工作过程中，线圈在磁场中做切割磁感线的运动，因此线圈中会有感应电流产生；故B正确；

C、电动机工作过程中，线圈中的电流呈现周期性变化，线圈转动1周的过程中电流方向改变2次；故C错误；

D、电动机中的线圈转动是利用了惯性，但线圈的质量不能太大，太大的话电动机启动困难，因此不是线圈质量越大越好；故D错误；故答案为：B。20．（2021八下·秀洲月考）如图所示，将线圈一端引线上的绝缘漆全部刮掉，另一端只刮掉了半个侧面，放在磁铁上方后通电，线圈就会转动起来，这样便做成了一个简易电动机。其工作原理是；若要改变线圈的转动方向，请写出一种操作方法：。【答案】通电线圈在磁场中受力发生转动；改变磁铁的磁极或改变电池正负极【解析】（1）简易电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受力发生转动；

（2）若要改变线圈的转动方向，操作方法为：改变磁铁的磁极或改变电池正负极。21．（2021八下·台州月考）某兴趣小组设计了如图所示的可调直流排气扇。直流电动机的工作原理是。在讨论时，科学老师指出该方案的不足：每当线圈平面转过与磁感线相（选填“平行”或“垂直”）的位置时，换向器自动改变线圈中电流的方向，电路处于“通路→断路→通路”快速切换状态，极易激发电火花，成为火灾隐患。【答案】通电线圈在磁场中受力转动；垂直【解析】（1）直流电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受力转动。

(2在讨论时，科学老师指出该方案的不足：每当线圈平面转过与磁感线相垂直的位置时，换向器自动改变线圈中电流的方向，电路处于“通路→断路→通路”快速切换状态，极易激发电火花，成为火灾隐患。22．（2020八下·柯桥期末）图甲的工作原理是利用了；下列电器设备中与甲图工作原理相同的是（填序号）；利用乙图原理工作的有（填序号）。①电风扇②电磁起重机③电流表④发电机【答案】闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动会产生感应电流或电磁感应原理；④；①③【解析】（1）图甲的工作原理是利用了电磁感应原理；

（2）与甲图工作原理相同的是发电机，故选④；与乙图原理相同的是电风扇、电流表，故选①③。23．小金所在的兴趣小组自制简易电动机模型，如图所需电源未画出，使用时外接电源。（1）绕制线圈引出线的两端(搁置于铜质弯钩的部位)要进行刮漆处理，保证与支架接触部位处的铜丝裸露，这样做的目的是使线圈能够。（2）若整个制作过程都没问题，接上电源后线圈不动，要让线圈转动应做哪些尝试？①；②。(答出两点即可)（3）通电后线圈能转动，若要改变线圈转动方向，可采取的做法是(答出一点即可)。【答案】（1）持续转动（2）将线圈拨转一定角度；增大电源电压(或换一块磁性更强的磁体)（3）对调电源的两极或对调磁极【解析】（1）对线圈进行刮漆处理，保证与支架接触部位处的铜丝裸露，这相当于在电动机上安装换向器，目的是使线圈能够持续转动；

（2）若整个制作过程都没问题，接上电源后线圈不动的原因可能是：在通电前线圈刚好处于平衡位置，所以可以试着用手拔动一下线圈，看线圈能否转动起来；线圈受力太小，而造成线圈受力太小的原因可能是线圈中电流太小或磁体磁性较弱，所以应试着增大电源电压或换一块磁性更强的磁体；

（3）通电线圈在磁场中的受力方向与电流方向和磁场方向有关，所以要想改变线圈的转动方向,，可以采取只改变电流方向或只改变磁场方向；24．（2017八下·萧山月考）图(甲)是直流电动机模型，图(乙)是自制简易电动机模型．现在主要讨论图(乙)简易电动机的制作与操作问题：（1）绕制线圈的铜丝外表有漆皮，必须对线圈引出线的两端(搁置于铜质弯钩的部位)进行刮漆处理．按这种方法刮漆，目的是使线圈能够，因此这一部位就相当于(填某一部件的名称)．（2）如整个制作没有问题，但接上电源后线圈不动，这时应做哪些尝试?①；②．（3）通电后线圈能转动，如要改变转动方向，可采取的做法是：①；②．【答案】（1）导电(接触良好)；换向器（2）将线圈扭转一定角度；增大电源电压(或换一块磁性更强的磁体)（3）只改变电流方向；只改变磁场方向【解析】（1）漆是绝缘体，刮去以后，线圈中就会有电流，只有当线圈中有电流时，线圈才会受力发生转动，所以刮漆的目的是使线圈能够导电．采用刮漆和使用换向器的目的是相同的，都是为了使线圈能够持续的转动下去，所以这一部位相当于图（甲）中的换向器；

（2）电动机不转动的原因可能是在通电前线圈刚好处于平衡位置，所以可以试着用手拨动一下线圈，看线圈能否转动起来；电动机不转动的原因还有可能是因为线圈受力太小，而造成线圈受力太小的原因可能是线圈中电流太小或磁体磁性较弱，所以应试着增大电源电压或换一块磁性更强的磁体；

（3）通电线圈在磁场中的受力方向与电流方向和磁场方向都有关系，所以要想改变线圈的转动方向，可以采取只改变电流方向或只改变磁场方向。25．电和磁是密不可分的，请根据题目要求回答下列问题：（1）如左图是直流电动机原理图，其中F是，它能使线圈经过平衡位置时自动改变其中电流方向，从而使线圈能连续转动。（2）通电后，转动的线圈中dc边受力方向跟和有关。直流电动机转动过程中把电能转化为能。（3）某同学在装配直流电动机模型时，他正确连接电路后闭合开关，发现电动机并没有如期转动起来，而他轻轻拨了一下线圈，电动机就能连续转动了，由此写出一条你认为电动机不会转动的原因：。如果要让电动机的转动速度加大，你认为他可以怎么做？请你写出一种方法：。（4）右图是小张在探究电磁感应现象时所做的几个实验，由图中（用甲、乙、丙表示）两图可以得出下述结论：感应电流方向与导体作切割磁感线运动方向有关。很多学校的同学都在操场用长导线来做书本上“摇动电线发电”的实验，在导线长度和摇线快慢一定时，你认为两个摇动电线的同学应该选择下列哪种方向站立，电流会更大？（选填序号）A．两同学东西方向站立B．两同学南北方向站立【答案】（1）换向器（2）电流方向；磁场方向；机械能（3）线圈刚好处在平衡位置或摩擦力太大；增大线圈中的电流或增大磁铁的磁性（4）甲、乙；A【解析】(1)如左图是直流电动机原理图，其中F是换向器，它能使线圈经过平衡位置时自动改变其中电流方向，从而使线圈能连续转动。

(2)通电后，转动的线圈中dc边受力方向跟电流方向和磁场方向有关。直流电动机转动过程中把电能转化为机械能。

（3）电动机不会转动的原因：线圈刚好处在平衡位置或摩擦力太大；如果让电动机的转动速度增大，可以增大线圈中的电流或增大磁铁的磁性；

（4）要探究感应电流方向与导体作切割磁感线运动方向有关，必须控制磁场方向有关，改变运动方向，因此小张要选甲和乙图中实验；在导线长度和摇线快慢一定时，两个摇动电线的同学应该选择东西方向站立，故选A。三、电流磁效应的其他应用26．（2020八下·温州月考）如图所示的几种器件，工作时应用了电磁铁的是（）A．电铃 B．电风扇C．风力发电机 D．门吸【答案】A【解析】A.通电时，电铃的电磁铁产生磁力，将衔铁吸下来，衔铁同时带动铃锤敲击铃盖发出声音。这时触点分开，切断电路，由于没有磁性，衔铁由于自身弹力回到原来位置接通电路，开始第二次敲击，如此循环往复，故A符合题意；

B.电风扇的主要结构为电动机，故B不合题意；

C.风力发电机的主要结构为发电机，故C不合题意；

D.门吸利用磁体的磁性工作，故D不合题意。故选A。27．如图所示是某同学连接的电铃电路，开关闭合后，电路中始终有电流，但电铃只响一声就不再响了，原因是()A．电磁铁始终没有磁性B．衔铁没有向下运动C．电池正、负极接反了D．衔铁一直被电磁铁吸着不能回弹【答案】D【解析】A.闭合开关后，电流通过电磁铁就会产生磁性，故A错误；

B.衔铁在电磁铁的吸引下肯定向下运动，故B错误；

C.电磁铁有无磁性与电流方向无关，故C错误；

D.当衔铁被电磁铁吸引下落后始终无法回弹，因此无法进行第二次敲击，故D正确。故选D。28．（2019八下·绍兴月考）如图所示为一台非铁性物质制成的天平，天平左盘中的A是一铁块，B是一个电磁铁。未通电时，天平平衡，给B通电，铁块A被吸起，当A离开天平盘，而又未碰到B的过程中，正确的是（）A．天平仍平衡 B．天平右盘下降C．天平左盘下降 D．无法判断【答案】C【解析】当电磁铁没有通电时，左盘上受到的压力F左=G电磁铁+GA；

当电磁铁通电后，铁块受到电磁铁的向上的引力；

铁块由静止变为运动，即它的运动状态改变，所以铁块受到向上的引力大于铁块的重力；

随着电磁铁和铁块距离的减小，引力会越来越大；

根据相互作用力原理可知，电磁铁受到铁块向下的吸引力也大于重力；

这个过程中，天平左边受到的压力F'左=G电磁铁+F引，那么F'左>F左，即天平的左盘下沉。故选C。29．（2018八下·滨江期末）下面四幅教材插图中，用于描述电磁铁应用的是（）A．指南针B．电铃C．发电机D．电吉他的拾音器【答案】B【解析】A、指南针是直接利用磁铁而不是电磁铁，故不符合题意。

B、电铃利用到了电磁铁，故符合题意。

C、图中的发电机模型用到的是磁铁而不是电磁铁，故不符合题意。

D、图中电吉他的拾音器本身就有磁体，故不符合题意。故答案为：B30．磁悬浮列车是现代高科技的应用，下列说法中不正确的是()A．通过列车底部、下方轨道间的同名磁极相互排斥，使列车悬浮B．使列车悬浮的不是电磁铁，而是磁性超强的磁石C．由于列车在悬浮状态下行驶，因而车体与轨道间阻力小D．列车悬浮行驶时，无震动，运行平稳【答案】B【解析】A、列车的悬浮是利用列车底部和下方轨道间的同名磁极互相排斥，达到减小两者之间的摩擦阻力，从而可以提高车速．故正确但不符合题意；

B、使列车悬浮的是电磁铁，而不是磁性超强的磁石，故错误符合题意；

C、列车在悬浮状态下行驶，车体与轨道分离，因而车体与轨道间阻力小，故正确不符合题意；

D、列车的悬浮，即车轮与车轨间的摩擦力完全消失，所以车体与轨道间无阻力、无震动，运动平稳，故正确但不符合题意。故答案为：B31．如图是一种水位自动报警器的原理图，它运用了许多物理知识，以下说法中不正确的是（）

A．不纯净的水是导体B．水位到达金属块A时，红灯亮C．报警器中的电磁铁运用了电流的热效应D．电磁继电器实质是一种电路开关【答案】C【解析】A、纯净的水是绝缘体，不纯净的水一般是导体，故A正确；B、读图可知，当水位到达A时电路接通，电磁继电器有磁性，衔铁就会在电磁力吸引的作用下与红灯接通，红灯亮；故B正确；C、报警器中的电磁铁运用了电流的磁效应，而不是热效应，故C错误；D、电磁继电器实质是一种电路开关，由控制电路来控制工作电路的自动开关，故D正确。故选C32．科研人员设计了一种“能量采集船”，如图所示，在船的两侧装有可触及水面的“工作臂”，“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标．当波浪使浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，获得电能储存起来．下列电器设备与“能量采集船”能量采