2024-2025学年甘肃省武威市民勤县等2地高一上学期开学物理试题

高级中学名校试卷PAGEPAGE1——★参考答案★——1.A2.C3.D4.B5.C6.A7.B8.CD9.BD10.AD11.(每空1分，共7分)【进行实验与收集证据】(1)二力平衡(2)刻度尺4.8【分析与论证】伸长量【交流评估】弹簧的横截面积(或弹簧的粗细)【拓展】乙甲〖解析〗【进行实验与收集证据】(1)根据图18可知钩码静止时受竖直向下的重力和弹簧对钩码竖直向上的拉力，二者属于一对平衡力，由二力平衡条件可知，钩码受到弹簧的拉力等于钩码受到的重力；(2)一般实验室测量长度都使用刻度尺，所以要用刻度尺测出弹簧的长度及其伸长量，由表格数据可知，弹簧下无钩码时，弹簧的自然长度为6.0cm，第5次实验中弹簧的长度为10.8cm，所以第5次实验中弹簧的伸长量为10.8cm－6.0cm＝4.8cm；【分析与论证】分析表格数据可知，当弹簧所受拉力增加几倍，弹簧的伸长量也随着增大几倍，即弹簧的伸长量与它受到的拉力的比值为定值，故在弹性范围内，弹簧的伸长量跟它受到的拉力成正比；【交流评估】金属丝的材质、弹簧的匝数，原长等均相同，弹簧的横截面积越大，测量时伸缩量就越小，说明弹簧的伸长量还与弹簧的横截面积(或弹簧的粗细)有关；【拓展】在弹性限度内，弹簧甲能承受的最大拉力是4N，而弹簧乙能承受的最大拉力是8N；显然，若要制作量程较大的弹簧测力计，应选用弹簧乙。由图19可知，在相同拉力作用下，弹簧甲的伸长量大，弹簧甲较灵敏，可以用来制作精确程度较高的弹簧测力计。12.(1)相等（1分）匀加速（1分）(2)乙（2分）1.1（2分）(3)0.875（3分）〖解析〗(1)由表中数据可知，x4－x3＝x3－x2＝x2－x1，即小球在连续相等时间内的位移之差相等，小球做匀加速直线运动。(2)甲同学：a＝eq\f(a1＋a2＋a3,3)＝eq\f(x2－x1＋x3－x2＋x4－x3,3T2)＝eq\f(x4－x1,3T2)，乙同学：a＝eq\f(a1＋a2,2)＝eq\f(x3－x1＋x4－x2,4T2)＝eq\f(x3＋x4－x2－x1,4T2)。乙同学用到了所有数据，故所求加速度较准确，加速度为：a＝eq\f(x3＋x4－x2－x1,4T2)＝1.1m/s2。(3)根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度公式veq\s\do7(\f(t,2))＝eq\x\to(v)＝eq\f(x,t)，则v＝eq\f(x1＋x2,2T)＝eq\f(8.20＋9.30×10－2,2×0.1)m/s＝0.875m/s。13.解：(1)该同学的路程s＝200m（1分）100m长的弯道部分BC、DA是半圆弧，对应的半径r＝eq\f(100,π)m（1分）因此该同学的位移x＝eq\r(AB2＋BC2)＝eq\r(1002＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(200,π)))2)m＝eq\f(100,π)eq\r(π2＋4)m≈118.5m，其方向为A指向C。（2分）(2)该同学跑至弯道BC中点P时的路程为s′＝100m＋50m＝150m（1分）其位移x′＝eq\r(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(100,π)))2＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(100＋\f(100,π)))2)m≈135.6m，方向为A指向P（2分）则从A到P的平均速度eq\x\to(v)＝eq\f(x′,t)＝eq\f(135.6m,20s)＝6.78m/s，方向为A指向P。（2分）14.解：(1)该电热加湿器处于“高挡”时，旋转开关S与触点3、4相连。(2分)(2)由题图2知，加湿器高挡时的功率为400W，在高挡工作时间为10min，由P＝eq\f(W,t)可得，加湿器在高挡正常工作时消耗的电能W＝P高t高＝400W×10×60s＝2.4×105J（1分）根据η＝eq\f(Q,W)×100%可得水吸收的热量Q吸＝ηW＝84%×2.4×105J＝2.016×105J(1分)由Q吸＝cmΔt可得，水升高的温度Δt＝eq\f(Q吸,c水m)＝eq\f(2.016×105J,4.2×103J/（kg·℃）×2kg)＝24℃。(2分)(3)由题图1知，开关S接“3、4”触点时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻最小，电源电压一定，由P＝UI＝eq\f(U2,R)可知，电热加湿器的功率最大，处于高挡则R1的阻值为R1＝eq\f(U2,P高)＝eq\f(（220V）2,400W)＝121Ω(1分)当开关S接“2、3”触点时，电路为R1与R2的串联电路，电路中的总电阻最大，电源电压一定，由P＝UI＝eq\f(U2,R)可知，电热加湿器的功率最小，处于低挡此时电路中的总电阻R总＝R1＋R2＝eq\f(U2,P低)＝eq\f(（220V）2,100W)＝484Ω(1分)所以电阻R2的阻值为R2＝R总－R1＝484Ω－121Ω＝363Ω。(2分)(4)电能表的转盘转过27转时，电热加湿器在400s内消耗的电能W实＝eq\f(27,3000)kW·h＝0.009kW·h＝3.24×104J(1分)电热加湿器在低挡加热的实际功率P低实＝eq\f(W实,t实)＝eq\f(3.24×104J,400s)＝81W。(2分)15.解：(1)设运动员做自由落体运动的时间为t1,自由落体运动结束时运动员的速度为vm,着地速度为0,根据自由落体运动规律得vm2=2gh1（解得vm=40m/s（1分）根据vm=gt1（1分）解得t1=4s（1分）在减速阶段,有v02-vm2=2ah解得a=-2m/s2（1分）加速度大小为2m/s2,方向竖直向上。（1分）(2)设匀速运动的时间为t2,匀减速运动的时间为t3,由匀速直线运动规律得h2=vmt2（1分）解得t2=4s（1分）因匀减速到零,可以看作反向匀加速运动,根据h3=-12at32解得t3=20s（1分）所以运动员从离开直升机至到达地面的总时间t=t1+t2+t3=28s。（2分）——★参考答案★——1.A2.C3.D4.B5.C6.A7.B8.CD9.BD10.AD11.(每空1分，共7分)【进行实验与收集证据】(1)二力平衡(2)刻度尺4.8【分析与论证】伸长量【交流评估】弹簧的横截面积(或弹簧的粗细)【拓展】乙甲〖解析〗【进行实验与收集证据】(1)根据图18可知钩码静止时受竖直向下的重力和弹簧对钩码竖直向上的拉力，二者属于一对平衡力，由二力平衡条件可知，钩码受到弹簧的拉力等于钩码受到的重力；(2)一般实验室测量长度都使用刻度尺，所以要用刻度尺测出弹簧的长度及其伸长量，由表格数据可知，弹簧下无钩码时，弹簧的自然长度为6.0cm，第5次实验中弹簧的长度为10.8cm，所以第5次实验中弹簧的伸长量为10.8cm－6.0cm＝4.8cm；【分析与论证】分析表格数据可知，当弹簧所受拉力增加几倍，弹簧的伸长量也随着增大几倍，即弹簧的伸长量与它受到的拉力的比值为定值，故在弹性范围内，弹簧的伸长量跟它受到的拉力成正比；【交流评估】金属丝的材质、弹簧的匝数，原长等均相同，弹簧的横截面积越大，测量时伸缩量就越小，说明弹簧的伸长量还与弹簧的横截面积(或弹簧的粗细)有关；【拓展】在弹性限度内，弹簧甲能承受的最大拉力是4N，而弹簧乙能承受的最大拉力是8N；显然，若要制作量程较大的弹簧测力计，应选用弹簧乙。由图19可知，在相同拉力作用下，弹簧甲的伸长量大，弹簧甲较灵敏，可以用来制作精确程度较高的弹簧测力计。12.(1)相等（1分）匀加速（1分）(2)乙（2分）1.1（2分）(3)0.875（3分）〖解析〗(1)由表中数据可知，x4－x3＝x3－x2＝x2－x1，即小球在连续相等时间内的位移之差相等，小球做匀加速直线运动。(2)甲同学：a＝eq\f(a1＋a2＋a3,3)＝eq\f(x2－x1＋x3－x2＋x4－x3,3T2)＝eq\f(x4－x1,3T2)，乙同学：a＝eq\f(a1＋a2,2)＝eq\f(x3－x1＋x4－x2,4T2)＝eq\f(x3＋x4－x2－x1,4T2)。乙同学用到了所有数据，故所求加速度较准确，加速度为：a＝eq\f(x3＋x4－x2－x1,4T2)＝1.1m/s2。(3)根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度公式veq\s\do7(\f(t,2))＝eq\x\to(v)＝eq\f(x,t)，则v＝eq\f(x1＋x2,2T)＝eq\f(8.20＋9.30×10－2,2×0.1)m/s＝0.875m/s。13.解：(1)该同学的路程s＝200m（1分）100m长的弯道部分BC、DA是半圆弧，对应的半径r＝eq\f(100,π)m（1分）因此该同学的位移x＝eq\r(AB2＋BC2)＝eq\r(1002＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(200,π)))2)m＝eq\f(100,π)eq\r(π2＋4)m≈118.5m，其方向为A指向C。（2分）(2)该同学跑至弯道BC中点P时的路程为s′＝100m＋50m＝150m（1分）其位移x′＝eq\r(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(100,π)))2＋\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(100＋\f(100,π)))2)m≈135.6m，方向为A指向P（2分）则从A到P的平均速度eq\x\to(v)＝eq\f(x′,t)＝eq\f(135.6m,20s)＝6.78m/s，方向为A指向P。（2分）14.解：(1)该电热加湿器处于“高挡”时，旋转开关S与触点3、4相连。(2分)(2)由题图2知，加湿器高挡时的功率为400W，在高挡工作时间为10min，由P＝eq\f(W,t)可得，加湿器在高挡正常工作时消耗的电能W＝P高t高＝400W×10×60s＝2.4×105J（1分）根据η＝eq\f(Q,W)×100%可得水吸收的热量Q吸＝ηW＝84%×2.4×105J＝2.016×105J(1分)由Q吸＝cmΔt可得，水升高的温度Δt＝eq\f(Q吸,c水m)＝eq\f(2.016×105J,4.2×103J/（kg·℃）×2kg)＝24℃。(2分)(3)由题图1知，开关S接“3、4”触点时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻最小，电源电压一定，由P＝UI＝eq\f(U2,R)可知，电热加湿器的功率最大，处于高挡则R1的阻值为R1＝eq\f(U2,P高)＝eq\f(（220V）2,400W)＝121Ω(1分)当开关S接“2、3”触点时，电路为R1与R2的串联电路，电路中的总电阻最大，电源电压一定，由P＝UI＝eq\f(U2,R)可知，电热加湿器的功率最小，处于低挡此时电路中的总电阻R总＝R1＋R2＝eq\f(U2,P低)＝eq\f(（220V）2,100W)＝484Ω(1分)所以电阻R2的阻值为R2＝R总－R1＝484Ω－121Ω＝363Ω。(2分)(4)电能表的转盘转过27转时，电热加湿器在400s内消耗的电能W实＝eq\f(27,3000)kW·h＝0.009kW·h＝3.24×104J(1分)电热加湿器在低挡加热的实际功率P低实＝eq\f(W实,t实)＝eq\f(3.24×104J,400s)＝81W。(2分)15.解：(1)设运动员做自由落体运动的时间为t1,自由落体运动结束时运动员的速度为vm,着地速度为0,根据自由落体运动