2024中考数学重难点专练规律探究问题含解析_第1页
2024中考数学重难点专练规律探究问题含解析_第2页
2024中考数学重难点专练规律探究问题含解析_第3页
2024中考数学重难点专练规律探究问题含解析_第4页
2024中考数学重难点专练规律探究问题含解析_第5页
已阅读5页,还剩16页未读 继续免费阅读

下载本文档

版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领

文档简介

选择题1.下面摆放的图案,从其次个起,每个都是前一个按顺时针方向旋转90°得到,第2024个图案中箭头的指向是()A.上方 B.右方 C.下方 D.左方【答案】C【解析】如图所示:每旋转4次一周,2024÷4=504…3,则第2024个图案中箭头的指向与第3个图案方向一样,箭头的指向是下方.故选:C.2.对于题目:“如图1,平面上,正方形内有一长为12、宽为6的矩形,它可以在正方形的内部及边界通过移转(即平移或旋转)的方式,自由地从横放移转到竖放,求正方形边长的最小整数n.”甲、乙、丙作了自认为边长最小的正方形,先求出该边长x,再取最小整数n.甲:如图2,思路是当x为矩形对角线长时就可移转过去;结果取n=13.乙:如图3,思路是当x为矩形外接圆直径长时就可移转过去;结果取n=14.丙:如图4,思路是当x为矩形的长与宽之和的倍时就可移转过去;结果取n=13.下列正确的是()A.甲的思路错,他的n值对 B.乙的思路和他的n值都对 C.甲和丙的n值都对 D.甲、乙的思路都错,而丙的思路对【答案】B【解析】甲的思路正确,长方形对角线最长,只要对角线能通过就可以,但是计算错误,应为n=14;乙的思路与计算都正确;乙的思路与计算都错误,图示状况不是最长;故选:B.3.如图,在平面直角坐标系中,点A1、A2、A3…An在x轴上,B1、B2、B3…Bn在直线y=x上,若A1(1,0),且△A1B1A2、△A2B2A3…△AnBnAn+1都是等边三角形,从左到右的小三角形(阴影部分)的面积分别记为S1、S2、S3…Sn.则Sn可表示为()A.22n B.22n﹣1 C.22n﹣2 D.22n﹣3【答案】D【解析】∵△A1B1A2、△A2B2A3…△AnBnAn+1都是等边三角形,∴A1B1∥A2B2∥A3B3∥…∥AnBn,B1A2∥B2A3∥B3A4∥…∥BnAn+1,△A1B1A2、△A2B2A3…△AnBnAn+1都是等边三角形,∵直线y=x与x轴的成角∠B1OA1=30°,∠OA1B1=120°,∴∠OB1A1=30°,∴OA1=A1B1,∵A1(1,0),∴A1B1=1,同理∠OB2A2=30°,…,∠OBnAn=30°,∴B2A2=OA2=2,B3A3=4,…,BnAn=2n﹣1,易得∠OB1A2=90°,…,∠OBnAn+1=90°,∴B1B2=,B2B3=2,…,BnBn+1=2n,∴S1=×1×=,S2=×2×2=2,…,Sn=×2n﹣1×2n=;故选:D.4.如图,在单位长度为1米的平面直角坐标系中,曲线是由半径为2米,圆心角为的多次复制并首尾连接而成.现有一点从为坐标原点)动身,以每秒米的速度沿曲线向右运动,则在第2024秒时点的纵坐标为A. B. C.0 D.1【答案】B【解析】点运动一个用时为秒.如图,作于,与交于点.在中,,,,,,第1秒时点运动到点,纵坐标为1;第2秒时点运动到点,纵坐标为0;第3秒时点运动到点,纵坐标为;第4秒时点运动到点,纵坐标为0;第5秒时点运动到点,纵坐标为1;,点的纵坐标以1,0,,0四个数为一个周期依次循环,,第2024秒时点的纵坐标为是.故选:B.5.如图,在平面直角坐标系中,将边长为1的正方形OABC绕点O顺时针旋转45°后得到正方形OA1B1C1,依此方式,绕点O连续旋转2024次得到正方形OA2024B2024C2024,那么点A2024的坐标是()A.(,﹣) B.(1,0) C.(﹣,﹣) D.(0,﹣1)【答案】A【解析】∵四边形OABC是正方形,且OA=1,∴A(0,1),∵将正方形OABC绕点O逆时针旋转45°后得到正方形OA1B1C1,∴A1(,),A2(1,0),A3(,﹣),…,发觉是8次一循环,所以2024÷8=252…余3,∴点A2024的坐标为(,﹣)故选:A.6.在平面直角坐标系中,一个智能机器人接到的指令是:从原点O动身,按“向上→向右→向下→向右”的方向依次不断移动,每次移动1个单位长度,其移动路途如图所示,第一次移动到点A1,其次次移动到点A2……第n次移动到点An,则点A2024的坐标是()A.(1010,0) B.(1010,1) C.(1009,0) D.(1009,1)【答案】C【解析】A1(0,1),A2(1,1),A3(1,0),A4(2,0),A5(2,1),A6(3,1),…,2024÷4=504…3,所以A2024的坐标为(504×2+1,0),则A2024的坐标是(1009,0).故选:C.7.按肯定规律排列的单项式:x3,﹣x5,x7,﹣x9,x11,……,第n个单项式是()A.(﹣1)n﹣1x2n﹣1 B.(﹣1)nx2n﹣1 C.(﹣1)n﹣1x2n+1 D.(﹣1)nx2n+1【答案】A【解析】∵x3=(﹣1)1﹣1x2×1+1,﹣x5=(﹣1)2﹣1x2×2+1,x7=(﹣1)3﹣1x2×3+1,﹣x9=(﹣1)4﹣1x2×4+1,x11=(﹣1)5﹣1x2×5+1,……由上可知,第n个单项式是:(﹣1)n﹣1x2n+1,故选:A.8.如图,过点A0(0,1)作y轴的垂线交直线l:y=x于点A1,过点A1作直线l的垂线,交y轴于点A2,过点A2作y轴的垂线交直线l于点A3,…,这样依次下去,得到△A0A1A2,△A2A3A4,△A4A546,…,其面积分别记为S1,S2,S3,…,则S100为()A.()100 B.(3)100 C.3×4199 D.3×2395【答案】D【解析】∵点A0的坐标是(0,1),∴OA0=1,∵点A1在直线y=x上,∴OA1=2,A0A1=,∴OA2=4,∴OA3=8,∴OA4=16,得出OAn=2n,∴AnAn+1=2n•,∴OA198=2198,A198A199=2198•,∵S1=(4﹣1)•=,∵A2A1∥A200A199,∴△A0A1A2∽△A198A199A200,∴=()2,∴S=2396•=3×2395故选:D.9.如图,在△OAB中,顶点O(0,0),A(﹣3,4),B(3,4),将△OAB与正方形ABCD组成的图形绕点O顺时针旋转,每次旋转90°,则第70次旋转结束时,点D的坐标为()A.(10,3) B.(﹣3,10) C.(10,﹣3) D.(3,﹣10)【答案】D【解析】∵A(﹣3,4),B(3,4),∴AB=3+3=6,∵四边形ABCD为正方形,∴AD=AB=6,∴D(﹣3,10),∵70=4×17+2,∴每4次一个循环,第70次旋转结束时,相当于△OAB与正方形ABCD组成的图形绕点O顺时针旋转2次,每次旋转90°,∴点D的坐标为(3,﹣10).故选:D.10.如图,小聪用一张面积为1的正方形纸片,按如下方式操作:①将正方形纸片四角向内折叠,使四个顶点重合,绽开后沿折痕剪开,把四个等腰直角三角形扔掉;②在余下纸片上依次重复以上操作,当完成第2024次操作时,余下纸片的面积为()A.22024 B. C. D.【答案】C【解析】正方形纸片四角向内折叠,使四个顶点重合,绽开后沿折痕剪开,第一次:余下面积,其次次:余下面积,第三次:余下面积,当完成第2024次操作时,余下纸片的面积为,故选:C.二、填空题11.在平面直角坐标系中,直线l:y=x+1与y轴交于点A1,如图所示,依次作正方形OA1B1C1,正方形C1A2B2C2,正方形C2A3B3C3,正方形C3A4B4C4,……,点A1,A2,A3,A4,……在直线l上,点C1,C2,C3,C4,……在x轴正半轴上,则前n个正方形对角线长的和是.【答案】(2n﹣1)【解析】由题意可得,点A1的坐标为(0,1),点A2的坐标为(1,2),点A3的坐标为(3,4),点A4的坐标为(7,8),……,∴OA1=1,C1A2=2,C2A3=4,C3A4=8,……,∴前n个正方形对角线长的和是:(OA1+C1A2+C2A3+C3A4+…+Cn﹣1An)=(1+2+4+8+…+2n﹣1),设S=1+2+4+8+…+2n﹣1,则2S=2+4+8+…+2n﹣1+2n,则2S﹣S=2n﹣1,∴S=2n﹣1,∴1+2+4+8+…+2n﹣1=2n﹣1,∴前n个正方形对角线长的和是:×(2n﹣1),故答案为:(2n﹣1),12.如图所示,在平面直角坐标系xoy中,一组同心圆的圆心为坐标原点O,它们的半径分别为1,2,3,…,依据“加1”依次递增;一组平行线,l0,l1,l2,l3,…都与x轴垂直,相邻两直线的间距为l,其中l0与y轴重合若半径为2的圆与l1在第一象限内交于点P1,半径为3的圆与l2在第一象限内交于点P2,…,半径为n+1的圆与ln在第一象限内交于点Pn,则点Pn的坐标为.(n为正整数)【答案】(n,eq\r(2n+1))【解析】连接OP1,OP2,OP3,l1、l2、l3与x轴分别交于A1、A2、A3,如图所示:在Rt△OA1P1中,OA1=1,OP1=2,∴A1P1===,同理:A2P2==,A3P3==,……,∴P1的坐标为(1,),P2的坐标为(2,),P3的坐标为(3,),……,…依据此规律可得点Pn的坐标是(n,),即(n,eq\r(2n+1))故答案为:(n,eq\r(2n+1)).13.如图,由两个长为2,宽为1的长方形组成“7”字图形。(1)将一个“7”字图形按如图摆放在平面直角坐标系中,记为“7”字图形ABCDEF,其中顶点A位于x轴上,顶点B,D位于y轴上,O为坐标原点,则的值为.(2)在(1)的基础上,接着摆放其次个“7”字图形得顶点F1,摆放第三个“7”字图形得顶点F2,依此类推,…,摆放第a个“7”字图形得顶点Fn-1,…,则顶点F2024的坐标为.【答案】(1)(2)(,)【解析】(1)依题意可得,CD=1,CB=2∵∠BDC+∠DBC=90°,∠OBA+∠DBC=90°∴∠BDC=∠OBA又∠DCB=∠BOA=90°∴△DCB∽△BOA∴eq\f(DC,CB)=\F(OB,OA)=\F(1,2)依据题意标好字母,如图所示依题意可得CD=1,CB=2,BA=1∴BD=EQ\R(5)由(1)知eq\f(DC,CB)=\F(OB,OA)=\F(1,2),∴OB=EQ\F(\R(5),5),OA=EQ\F(2\R(5),5)易得△OAB∽△GFA∽△HCB∴BH=EQ\F(4\R(5),5),CH=EQ\F(2\R(5),5),AG=EQ\F(3\R(5),5),FG=EQ\F(6\R(5),5)∴OH=EQ\F(4\R(5),5)+EQ\F(\R(5),5)=EQ\R(5),OG=EQ\F(3\R(5),5)+EQ\F(2\R(5),5)=EQ\R(5)∴C(EQ\F(2\R(5),5),EQ\R(5)).F(EQ\R(5),EQ\F(6\R(5),5))∴由点C到点F横坐标增加了EQ\F(3\R(5),5),纵坐标增加了EQ\F(\R(5),5),……∴,Fn(EQ\R(5)+EQ\F(3\R(5),5)n,EQ\F(6\R(5),5)+EQ\F(\R(5),5)n)∴F2024(EQ\R(5)+EQ\F(3\R(5),5)×2024,EQ\F(6\R(5),5)+EQ\F(\R(5),5)×2024)即F2024(eq\f(6062\r(5),5),405eq\r(5))14.如图,在矩形中,,,一发光电子起先置于边的点处,并设定此时为发光电子第一次与矩形的边碰撞,将发光电子沿着方向放射,碰撞到矩形的边时均反射,每次反射的反射角和入射角都等于,若发光电子与矩形的边碰撞次数经过2024次后,则它与边的碰撞次数是.【答案】672【解析】如图,依据图形可以得到:每6次反弹为一个循环组依次循环,经过6次反弹后动点回到动身点,且每次循环它与边的碰撞有2次,,当点第2024次遇到矩形的边时为第337个循环组的第3次反弹,点的坐标为它与边的碰撞次数是次,故答案为67215.正方形,,,按如图所示的方式放置,点,,,和点,,,分别在直线和轴上.已知点,点,则的坐标是.【答案】(47,16)【解析】由题意可知纵坐标为1,的纵坐标为2,的纵坐标为4,的纵坐标为8,,和,和,和,和的纵坐标相同,,,,,的纵坐标分别为1,2,4,8,16,依据图象得出,,,直线的解析式为,的纵坐标为16,的纵坐标为16,把代入,解得,的坐标是,故答案为.三、解答题16.(1)阅读理解如图,点A,B在反比例函数y=的图象上,连接AB,取线段AB的中点C.分别过点A,C,B作x轴的垂线,垂足为E,F,G,CF交反比例函数y=的图象于点D.点E,F,G的横坐标分别为n﹣1,n,n+1(n>1).小红通过视察反比例函数y=的图象,并运用几何学问得出结论:AE+BG=2CF,CF>DF由此得出一个关于,,,之间数量关系的命题:若n>1,则.(2)证明命题小东认为:可以通过“若a﹣b≥0,则a≥b”的思路证明上述命题.小晴认为:可以通过“若a>0,b>0,且a÷b≥1,则a≥b”的思路证明上述命题.请你选择一种方法证明(1)中的命题.【解析】(1)∵AE+BG=2CF,CF>DF,AE=,BG=,DF=,∴+>.故答案为:+>.(2)方法一:∵+﹣==,∵n>1,∴n(n﹣1)(n+1)>0,∴+﹣>0,∴+>.方法二:∵=>1,∴+>.17.(1)方法选择如图①,四边形ABCD是⊙O的内接四边形,连接AC,BD,AB=BC=AC.求证:BD=AD+CD.小颖认为可用截长法证明:在DB上截取DM=AD,连接AM…小军认为可用补短法证明:延长CD至点N,使得DN=AD…请你选择一种方法证明.(2)类比探究探究1如图②,四边形ABCD是⊙O的内接四边形,连接AC,BD,BC是⊙O的直径,AB=AC.试用等式表示线段AD,BD,CD之间的数量关系,井证明你的结论.探究2如图③,四边形ABCD是⊙O的内接四边形,连接AC,BD.若BC是⊙O的直径,∠ABC=30°,则线段AD,BD,CD之间的等量关系式是.(3)拓展猜想如图④,四边形ABCD是⊙O的内接四边形,连接AC,BD.若BC是⊙O的直径,BC:AC:AB=a:b:c,则线段AD,BD,CD之间的等量关系式是.【解析】(1)方法选择:∵AB=BC=AC,∴∠ACB=∠ABC=60°,如图①,在BD上截取DEMAD,连接AM,∵∠ADB=∠ACB=60°,∴△ADM是等边三角形,∴AM=AD,∵∠ABM=∠ACD,∵∠AMB=∠ADC=120°,∴△ABM≌△ACD(AAS),∴BM=CD,∴BD=BM+DM=CD+AD;(2)类比探究:如图②,∵BC是⊙O的直径,∴∠BAC=90°,∵AB=AC,∴∠ABC=∠ACB=45°,过A作AM⊥AD交BD于M,∵∠ADB=∠ACB=45°,∴△ADM是等腰直角三角形,∴AM=AD,∠AMD=45°,∴DM=AD,∴∠AMB=∠ADC=135°,∵∠

温馨提示

  • 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
  • 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
  • 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
  • 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
  • 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
  • 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
  • 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。

评论

0/150

提交评论