高考总复习物理（人教版）练习第08章恒定电流第2讲电路及闭合电路欧姆定律（课时综合训练）

课时综合训练(三十一)电路及闭合电路欧姆定律1．如图所示，电源的电动势为E、内阻为r，定值电阻R的阻值也为r，滑动变阻器的最大阻值是2r.当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动过程中，下列说法中正确的是()A．电压表的示数变大B．电流表的示数变小C．滑动变阻器消耗的功率变小D．定值电阻R消耗的功率先变大后变小解析：选C等效电路图如图所示．滑片从a端滑向b端，其接入电路的阻值RPb减小，由“串反并同”原则有，电压表示数减小，电流表示数增大，电阻R消耗的功率增大，A、B、D错误；把电阻R当作电源内电阻(等效电源)，则R内＝2r，RPb减小，且RPb<2r，等效电源的输出功率减小，即滑动变阻器的功率减小，C正确．2．在如图所示的电路中，R1＝11Ω，r＝1Ω，R2＝R3＝6Ω，当开关S闭合且电路稳定时，电容器C带电荷量为Q1；当开关S断开且电路稳定时，电容器C带电荷量为Q2，则()A．Q1∶Q2＝1∶3 B．Q1∶Q2＝3∶1C．Q1∶Q2＝1∶5 D．Q1∶Q2＝5∶1解析：选A当开关S闭合时，电容器两端电压等于R2两端的电压，U2＝eq\f(ER2,R1＋R2＋r)＝eq\f(E,3)，Q1＝eq\f(E,3)C；当开关S断开时，电容器两端电压等于电源电动势，U＝E，Q2＝EC，所以Q1∶Q2＝1∶3，选项A正确．3．如图所示，直线A为某电源的U­I图线，曲线B为某小灯泡的U­I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的总功率分别是()A．4W,8W B．2W,4WC．2W,3W D．4W,6W解析：选D用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率是UI＝2×2W＝4W，电源的总功率是EI＝3×2W＝6W．选项D正确．4．如图所示的电路中，两平行金属板之间的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断，其余用电器均不会损坏，则下列说法正确的是()A．电流表、电压表的读数均变小B．电源内阻消耗的功率变大C．液滴将向上运动D．电源的输出功率变大解析：选C当L的灯丝突然烧断时电路中总电阻增大，则总电流减小，电源的内电压和R1电压减小，由闭合电路的欧姆定律可知，路端电压增大，故电容器C的电压增大，板间场强增大，带电液滴所受的电场力增大，则该液滴将向上运动，C正确．由于C两端的电压增大，R2、R3中的电流增大，则电流表、电压表的读数均变大，A错误．因干路电流减小，则电源内阻消耗的功率变小，B错误．由于电源的内外电阻的关系未知，不能判断电源的输出功率如何变化，D错误．5．(2018·河北衡水中学模拟)在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E，内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是()A．电压表示数变小B．电流表示数变小C．电容器C所带电荷量增多D．a点的电势降低解析：选D在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器接入电路电阻减小，外电阻减小，干路电流增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大．电阻R2两端的电压U2＝E－I(R1＋r)，I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小．根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知a的电势大于零，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流IA＝I－I2，I增大，I2减小，则IA增大．即电流表示数变大．故D正确，ABC错误．故选D．6．(2018·淄博模拟)如图所示，虚线框内为高温超导限流器，它由超导部件和限流电阻并联组成．超导部件有一个超导临界电流IC，当通过限流器的电流I>IC时，将造成超导体失超，从超导态(电阻为零即R1＝0)转变为正常态(一个纯电阻且R1＝3Ω)，以此来限制电力系统的故障电流．已知超导临界电流IC＝1.2A，限流电阻R2＝6Ω，小灯泡L上标有“6V6W”的字样，电源电动势E＝8V，内阻r＝2Ω.原来电路正常工作，超导部件处于超导态，灯泡L正常发光，现灯泡L突然发生短路，A．灯泡L短路前通过R2的电流为eq\f(4,7)AB．灯泡L短路后超导部件将由超导态转化为正常态，电路中的电流为1C．灯泡L短路后通过R1的电流为eq\f(4,3)AD．灯泡L短路后通过R2的电流为2解析：选C灯泡L短路前，灯泡L中的电流为IL＝eq\f(P,U)＝1A，此时超导元件的电阻为零，则R2被短路，R2中的电流为零，A错误；灯泡L短路后超导部件将由超导态转化为正常态，外电路的总电阻R＝eq\f(R1R2,R1＋R2)＝2Ω，电路中的电流I＝eq\f(E,R＋r)＝2A，B错误；灯泡L短路后，由于R1∶R2＝1∶2，所以通过R1的电流为eq\f(2,3)I＝eq\f(4,3)A，通过R2的电流为eq\f(1,3)I＝eq\f(2,3)A，C正确，D错误．7．(多选)如图所示，D是一只理想二极管，水平放置的平行板电容器AB内部带电微粒P处于静止状态．下列措施下，关于P的运动情况说法正确的是()A．保持S闭合，增大A、B板间距离，P仍静止B．保持S闭合，减小A、B板间距离，P向上运动C．断开S后，增大A、B板间距离，P向下运动D．断开S后，减小A、B板间距离，P仍静止解析：选ABD保持S闭合，电源的路端电压不变，增大A、B板间距离，电容减小，由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，其电量不变，由推论E＝eq\f(4πkQ,εrS)得到，板间场强不变，微粒所受电场力不变，仍处于静止状态，故A正确．保持S闭合，电源的路端电压不变，电容器的电压不变，减小A、B板间距离，由E＝eq\f(U,d)可知，板间场强增大，电场力增大，微粒将向上运动，故B正确．断开S后，电容器的电量Q不变，由推论E＝eq\f(4πkQ,εrS)得到，板间场强不变，微粒所受电场力不变，仍处于静止状态，故C错误，D正确．8．(多选)如图所示，图中直线①表示某电源的路端电压与电流的关系图象，图中曲线②表示该电源的输出功率与电流的关系图象，则下列说法正确的是()A．电源的电动势为50VB．电源的内阻为eq\f(25,3)ΩC．电流为2.5A时，外电路的电阻为15D．输出功率为120W时，输出电压是30V解析：选ACD电源的输出电压和电流的关系为：U＝E－Ir，显然直线①的斜率的绝对值等于r，纵轴的截距为电源的电动势，从题图中看出截距为50V，斜率的绝对值等于r＝eq\f(50－20,6－0)Ω＝5Ω，A正确，B错误；当电流I1＝2.5A时，由回路中电流I1＝eq\f(E,r＋R外)，解得外电路的电阻R外＝15Ω，C正确；当输出功率为120W时，由题图中P­I关系图线中看出对应干路电流为4A，再从U­I图线中读取对应的输出电压为30V，D正确．9．(多选)如图所示，电路中电源电动势E恒定，内阻r＝2Ω，定值电阻R3＝4Ω，ab段电路消耗的电功率在开关S断开与闭合时相等，电压表和电流表均为理想电表，则以下说法中正确的是()A．开关S断开时电压表的示数一定等于S闭合时的示数B．电阻R1、R2可能分别为4Ω、6ΩC．电阻R1、R2可能分别为3Ω、9ΩD．开关S断开与闭合时，电压表的示数变化量与电流表的示数变化量大小之比与R1、R2无关解析：选CD电键断开时外电路总电阻大于闭合时外电路总电阻，则电键断开时电压表的示数一定大于闭合时的示数，故A错误；电键S断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相等，则有eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(E,R1＋R2＋R3＋r)))2(R1＋R2)＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(E,R1＋R3＋r)))2R1，将3Ω、9Ω代入方程成立，而将4Ω、6Ω代入方程不成立，故B错误C正确；根据闭合电路欧姆定律得U＝E－(R3＋r)I，则电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比为：eq\f(ΔU,ΔI)＝R3＋r＝6Ω，与R1、R2无关，故D正确．10．如图所示，直流电动机和电炉并联后接在直流电路中，电源的内阻r＝1Ω，电炉的电阻R1＝19Ω，电动机绕线的电阻R2＝2Ω，当开关S断开时，电源内电阻消耗的热功率P＝25W；当S闭合时，干路中的电流I＝12.6A，(1)电源的电动势E；(2)S闭合后电动机的机械功率．解析：(1)S断开时，由P＝Ieq\o\al(2,0)r，得：I0＝eq\r(\f(P,r))＝eq\r(\f(25,1))A＝5A由闭合电路欧姆定律得：E＝I0(R1＋r)＝5×(19＋1)V＝100V(2)S闭合后，内电压U1＝Ir＝12.6×1V＝12.6V故电路的路端电压：U2＝E－U1＝(100－12.6)V＝87.4V通过电炉的电流：I1＝eq\f(U2,R1)