安徽省蚌埠市第三中学2024-2025学年高一物理下学期4月月考试题VIP

PAGEPAGE1安徽省蚌埠市第三中学2024-2025学年高一物理下学期4月月考试题【留意事项】1．答卷前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用合乎要求的2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔干脆答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将答题卡上交。

下列于速周动说法，确( )2𝑎=𝑣2𝑟因为𝑎=𝜔2𝑟C.因为𝜔=𝑣，所以角速度与半径成反比C.𝑟D.因为𝜔=2𝜋𝑛，所以角速度与转速成正比mA.=𝑚𝑔 B.<𝑚𝑔 C.=𝑚𝑔 D.<𝑚𝑔第7题图 第8题图如图示9.8𝑚/𝑠的水初度抛的体飞一时间垂地在𝜃为30∘的斜上可物体完这飞的间( )(𝑔9.8𝑚/𝑠2) A. B.2s C.2√3𝑠 D.√3𝑠 3 3一、单选题（本大题共10小题，共40.0分）如图示物以定速率弧AB做线，下对的动析确的( )第1题图第2题图如图示某由A点船渡，头向终河岸直则列法确的( )B点做平运的体每的速增总( )大小等方相同 B.大小不，向同C.大相，向同 D.大小等方相同关于速周动下说法正的( )角速不变 B.线速度变 C.频不变 D.周期变A.0B.小球的 C.细线对小球的拉力 D.如图示用线一球，线另端定天花上使球水面内匀A.0B.小球的 C.细线对小球的拉力 D.

在图，AB啮传的两轮=2𝑅𝐵，则AB边缘两的( )角速之2:1 B.向心加度比1:2C.周之1:2 D.转速比2:1小亮学校会参与铅球目不空阻，运的球以成上抛动那铅运到最高点( )速度零速为； B.速度为加度为；C.速不零速为； D.速度为加度零二、填空题（本大题共2小题，共.10分）R，2R，4RA，B，C ；速比为 ；速度比。第11图 第12图2.0×103𝑘𝑔80m20𝑚/𝑠。此汽转所向心大为 若胎路间最静摩力为1.4×104𝑁，请推断这车这弯道会会生滑 ”)。三、试验题（本大题共1小题，共10分）(1)BA2与12A.甲试验只能说明平抛运动在竖直方向做自由落体运动B.乙试验只能说明平抛运动在水平方向做匀速直线运动C.不能说明上述规律中的任何一条D.甲、乙二个试验均能同时说明平抛运动在水平、竖直方向上的运动性质(2)如图丙，某同学在做平抛运动试验时得出如图丁所示的小球运动轨迹，a、b、c三点的位置在运动轨迹上已标出.则：(𝑔取10𝑚/𝑠2)①小球抛动初度𝑚/𝑠．②小球到b点速为 𝑚/𝑠．③抛出坐𝑥= 𝑐𝑚，𝑦= 𝑐𝑚．四、计算题（本大题共4小题，共40.0分）3𝑚/𝑠120𝑚5𝑚/𝑠(1)渡河的最短时间；(2)渡河的最短位移。15.如图所示，水平屋顶高𝐻=5𝑚，墙高ℎ=3.2𝑚，墙到房子的距离𝐿=3𝑚，墙外马路宽𝑥=10𝑚，为使小球从房顶水平飞出后能干脆落在墙外的马路上，求：小球离开房顶时的速度𝑉0的取值范围。(𝑔=10𝑚/𝑠2)

𝑙=0.50mOA，A𝑚=3.0kgO2.0m/s，g取10m/s2A的大小及方向。𝑚1A𝑚2B𝑂.当小球A在水平板上绕O点做半径为r的匀速圆周运动时，物块B刚好保持静止.求：(重力加速度为𝑔)(1)轻绳的拉力．(2)小球A运动的线速度大小．答案和解析1.【答案】B

【解析】【分析】

物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”。当物体所受的合外力和它速度方向不在同始终线上，物体就是在做曲线运动。

本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要驾驭住。

【解答】

A.物体以恒定的速率沿圆弧

AB做曲线运动，物体运动的轨迹为曲线，曲线运动的速度方向时刻变更，不是匀速运动，故A错误；

BC.既然是曲线运动，它的速度的方向必定是变更的，所以曲线运动肯定是变速运动，受到的合外力肯定不等于0，故B正确，C错误；

D.全部做曲线运动的物体，所受的合外力肯定与瞬时速度方向不在一条直线上，或加速度方向与瞬时速度方向不在一条直线上，故D错误；

故选B。

2.【答案】C

【解析】解：A、小船在垂直于河岸方向和沿河岸方向都有位移，依据运动的合成，合位移的方向指向下游方向，所以小船到达对岸的位置是正对岸B点的右侧。故A错误。

BD、依据运动的合成法则，可知，当水流速度越大时，到达对岸的位移越大，因此到达对岸的位置，及位移均与水流速度有关，故BD错误；

C、船头指向始终与河岸垂直，当水流速度变更时，不会影响船在垂直于河岸放上的速度大小，则过河的时间将不变，故C正确；

故选：C。

将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向两个分运动，在两个方向上都有位移，依据运动的合成，确定小船到达对岸的位置，并得知此时过河时间最短，水流速度变更时，不会影响过河时间，从而即可求解．

解决本题的关键知道小船参与了沿河岸方向和垂直于河岸方向两个方向的分运动，依据平行四边形确定合运动的方向．

3.【答案】A

【解析】解：平抛运动的加速度不变，为g。依据△v=at=gt，知每秒速度增量大小相等，方向竖直向下，故A正确，BCD错误。

故选：A。

平抛运动运动是匀变速曲线运动，依据△v=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下。

解决本题的关键知道平抛运动为匀变速运动，加速度恒为g，每秒的速度增量大小相等，方向总是竖直向下。

4.【答案】B

【解析】解：A、匀速圆周运动的角速度的大小和方向都不变，故A正确；

B、匀速圆周运动的线速度大小不变，方向变更，是变速运动，故B错误；

CD、匀速圆周运动转动一圈的时间叫做周期，是不变的，所以匀速圆周运动的频率不变，故CD正确；

本题选错误的，

故选：B。

匀速圆周运动速度大小不变，方向变更，是变速运动；周期和频率不变；角速度的大小和方向都不变。

本题重点驾驭匀速圆周运动的定义，知道它的运动特征，明确变更的量与不变的量。

5.【答案】D

【解析】【分析】

小球做匀速圆周运动，对小球进行受力分析，合力供应向心力。

解决本题的关键搞清向心力的来源，能够正确对物体进行受力分析。

【解答】

对小球受力分析，小球受重力和细线的拉力两个力，两个力的合力供应向心力。故D正确；ABC错误；

故选D。

6.【答案】D

【解析】【试题解析】

【分析】

依据匀速圆周运动的角速度的公式和牛顿其次定律逐项分析即可得出结论。

向心加速度是由向心力的大小和物体的质量确定的，不能简洁由向心加速度的公式来分析，这是本题中最简洁出错的地方。【解答】AB.由牛顿其次定律可知，向心加速度是由向心力的大小和物体的质量确定的，与速度和半径无关，故AB错误；

C.由可知角速度与转动半径、线速度都有关，在线速度不变时角速度才与转动半径成反比，故C错误；D.因为是恒量，所以角速度与转速成正比，故D正确。

故选D。

7.【答案】B

【解析】解：A、B：汽车过凸形路面的最高点时，设速度为v，半径为r，竖直方向上合力供应向心力，由牛顿其次定律得：

mg-F1'=mv2r

得：F1'<mg，

依据牛顿第三定律得：F1=F1'<mg，故A、错误．B正确；

C、D：汽车过凹形路面的最凹凸时，设速度为v，半径为r，竖直方向上合力供应向心力，由牛顿其次定律得：

F【解析】【分析】

小球垂直地撞在倾角θ为的斜面上，知小球的速度方向与斜面垂直，将该速度进行分解，依据水平方向上的速度求出竖直方向上的分速度，依据竖直方向上做自由落体运动求出物体飞行的时间。

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，依据竖直方向上的分速度求出运动的时间。

【解答】

小球撞在斜面上的速度与斜面垂直，将该速度分解，如图所示：

则，

则vy=3v0，

所以运动的时间：t=vyg=3s，故A【解析】【分析】

啮合后的两齿轮有两轮边缘上线速度大小相等，依据线速度大小相等和各物理量的关系求解即可。

抓住齿轮啮合传动时，两轮边缘上线速度大小相等绽开探讨，娴熟驾驭描述圆周运动的各物理量之间的关系是解决本题的关键。

【解答】

依据题意有两轮边缘上的线速度大小相等，即有

A.依据角速度ω和线速度

v的关系

得角速度与半径成反比：即，故A错误；

B.依据向心加速度a与线速度v的关系a=v2R得，因为，所以aAaB=RBRA=12，故B正确；

C.依据同期T和线速度v的关系得，因为，所以TATB=RARB=故选B。

10.【答案】D

【解析】略

11.【答案】2：1：2；4：1：1；8：1：2

【解析】略

12.【答案】；不会

【解析】【分析】

依据公式F=mv2r，计算出向心力后，与轮胎与路面间的最大静摩擦力进行比较即可解决本问题。

本题主要考查了汽车转弯时，静摩擦力充当向心力。

【解答】

依据；因为，所以当轮胎与路面间的最大静摩擦力为1.4×104N，这辆车在这个弯道处不会发生侧滑。

故答案为：；不会

13.【答案】(1) AB；

；；；-1.25

【解析】(1)

【分析】

在甲试验中，两球始终同时落地，则竖直方向上的运动规律相同，在乙试验中，两球相撞，知两球在水平方向上的运动规律相同。

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动。

【解答】

A.用小锤打击弹性金属片，B球就水平飞出，同时A球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面，知B球竖直方向上的运动规律与A球相同，即平抛运动竖直方向上做自由落体运动，故A正确；

BCD.把两个质量相等的小钢球从斜面的同一高度由静止同时释放，滑道2与光滑水平板吻接，则将视察到的现象是球1落到水平木板上击中球2，知1球在水平方向上的运动规律与2球相同，即平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，故B正确，CD错误。

故选AB。

(2)

【分析】

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，依据竖直方向上，求出时间间隔，再依据水平方向上的匀速直线运动求出初速度．求出b点在竖直方向上的速度，即可求出运动的时间和b点速度，从而求出此时小球水平方向和竖直方向上的位移，即可求出抛出点的坐标。

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动。

【解答】

在竖直方向上，T=Δyg=0.1s，则小球平抛运动的初速度v0=xabT=0.20.1m/s=2m/s；

点在竖直方向上的分速度vby=yac2T=1.5m/s，v=v02+vby2=2.5m/s；

运动的时间t=vbyg=0.15s，水平方向上的位移x1=v0t=0.3m，竖直方向上的位移y1=12gt2=0.1125m，所以起先做平抛运动的位置坐标x=0.2-0.3=-0.1m=-10cm，【解析】(1)当静水速的方向与河岸垂直，渡河时间最短；

(2)当水流速度大于静水速度时，则合速度不行能垂直河岸；但合速度的方向与河岸之间的夹角最大时，船的位移最小，由速度的合成满意平行四边形定则即可求出。

解决本题的关键知道当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短；当静水的速度大于水流速度时，合速度才垂直河岸时，位移才最短。

15.【答案】解：若v0太大，小球落在马路外边，因此，球落在马路上，v0的最大值vmax为球落在马路最右侧时的平抛初速度。

如图所示：

小球做平抛运动，设运动时间为t1，则小球的水平位移：L+x=vmaxt1

小球的竖直位移：H=12gt12

解以上两式得：vmax=L+xg2H=3+10102×nn5m/s=13m/s

若v0太小，小球被墙拦住，球将不能落在马路上，v0【解析】本题考查平抛运动和生活实际的联系，除了驾驭平抛运动的规律之外，关键要把握临界条件，得到速度的范围。

将平抛运动分解成竖直方向自由落体运动，与水平方向匀速直线运动，依据等时性，则可求出最大速度；再依据题意速度太大会落马路外边，太小会被墙拦住，因此可得出小球离开屋顶时的速度的范围。

16.【答案】解：设杆转到最高点球恰好对杆的作用力为零时，球的速率为v0，则有

mg=mv02R

其中R=l=0.50m

则v0>gR=5m/s>2.0m/s

可见球受到支持力作用，由牛顿第三定律知，细杆OA【解析】解决本题的关键知道最高点向心力的来源，结合牛顿其次定律进行求解，留意最高点，杆模型与绳模型是有区分的，绳只能表现为拉力，杆子可以表现为支持力，也可以表现为拉力。

当杆作用力为零时，靠重