四川省仁寿第二中学2025届高三数学第三次模拟试题理VIP

PAGEPAGE21四川省仁寿其次中学2025届高三数学第三次模拟试题理考生留意事项：1．答题前，先将自己的姓名、考号填写在试题卷和答题卡上。2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3．非选择题的作答：用签字笔干脆答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第Ⅰ卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合，，则（）A．B．C．D．2．设复数满意，则复数（）A． B． C． D．3．的绽开式中的常数项为（）A． B． C． D．4．“”是“为锐角”的（）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件C．充分必要条件 D．既非充分又非必要条件5．若双曲线的离心率为，则双曲线的标准方程为（）A． B． C． D．6．设函数，则下列结论正确的是（）A．的一个周期为 B．的图象关于直线对称C．的一个零点是 D．在单调递增7．一个算法的程序框图如图所示，若该程序输出的结果是，则推断框中应填入的条件是（）A． B． C． D．8．已知正三棱柱的高为，它的六个顶点都在一个直径为的球的球面上，则该棱柱的体积为（）A． B． C． D．9．已知是数列的前项和，且点在直线上，则（）A． B． C． D．10．已知，是双曲线（，）的左、右交点，其半焦距为，点在双曲线上，与轴垂直，到直线的距离为，则双曲线的离心率为（）A． B． C． D．11．已知函数有奇数个零点，则（）A． B． C． D．12．在矩形中，，，动点在以点为圆心且与相切的圆上．若，则的最小值为（）A． B． C． D．第Ⅱ卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分．13．设等比数列满意，，则______．14．已知抛物线，则抛物线与过焦点且垂直于轴的直线所围成的图形的面积为______．15．已知，，函数，若对于随意的都有恒成立，则实数的取值范围为______．16．下列推理正确的是______．①，，，②，③，④，⑤，三、解答题：本大题共6个大题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（12分）在中，角，，的对边分别是，，，的面积为，且．（1）求角的值；（2）若，求的值．18．（12分）期中考试后，老师把学生的成果分为较低、及格（不含优秀）、优秀三类，制成下表．其中低分率与优秀率分别是与．（1）求全班人数及，的值；（2）老师重点关注成果较低的及成果优秀的学生，利用课外时间给他们的家长打电话做电话家访，为了保证电话家访的质量，他每天随机打给三位学生的家长，求在第一天老师抽取的三位学生中成果优秀者的人数的分布列及数学期望．19．（12分）如图，在四面体中，是直角三角形，且有，为正三角形，且有．（1）证明：平面平面；（2）延长到点，运用得，求二面角的余弦值．20．（12分）已知抛物线，过点的直线交抛物线于，两点，圆以线段为直径．（1）证明：圆与直线相切；（2）当圆过点，求直线与圆的方程．21．（12分）已知函数．（1）若恒成立，求的最大值；（2）设为整数，且对于随意正整数，，求的最小值．请考生在22、23两题中任选一题作答，假如多做，则按所做的第一题记分．22．（10分）【选修4-4：坐标系与参数方程】在直角坐标系中，圆的参数方程（为参数），以为极点，轴的非负半轴为极轴建立极坐标系．（1）求圆的极坐标方程；（2）直线的极坐标方程是，射线与圆的交点为、，与直线的交点为，求线段的长．23．（10分）【选修4-5：不等式选讲】已知函数．（1）若关于的不等式的解集为，求的值；（2）若，不等式恒成立，求的取值范围．2024年高考数学（理科）模拟冲刺卷（一）第Ⅰ卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．【答案】A【解析】求解二次不等式可得，求解对数不等式可得或，结合交集的定义有．2．【答案】A【解析】．3．【答案】B【解析】的绽开项通项为，令，解得，故常数项为．4．【答案】B【解析】为锐角，则肯定成立，但是，为锐角不肯定成立，故“”是“为锐角”的必要不充分条件．5．【答案】B【解析】，，结合，可得，所以双曲线的标准方程为．6．【答案】B【解析】，所以选项A错误；，所以选项B正确；，所以C错误；的最小正周期为，在内不行能是单调的，选项D错误．7．【答案】D【解析】经推断此循环为“直到型”结构，推断框为跳出循环的语句，第一次循环：，；其次次循环：，；第三次循环：，，此时退出循环，依据推断框内跳出循环的语句，∴，故选D．8．【答案】D【解析】由题意可知球的半径，球心到三棱柱底面的距离，依据球的截面圆的性质，可得棱柱底面与球的截面圆的半径，三棱柱的底面三角形为截面圆内接正三角形，简单求得三角形的边长为，所以三角形的面积为，该棱柱的体积为．9．【答案】B【解析】∵点在直线上，∴，当时，，两式相减，得且，又当时，，则，∴是首项为，公比为的等比数列，∴，故．10．【答案】A【解析】因为与轴垂直，所以为直角三角形且直角顶点为，因为，到直线的距离为，故．因为为锐角，故，．在中，，．由双曲线的定义可得，故．由双曲线的定义可得，故．11．【答案】A【解析】，所以函数关于直线对称，函数有奇数个零点，则有，解得．12．【答案】C【解析】以为原点，直线，为，轴建立平面直角坐标系，则，，，直线，圆直线相切，所以圆的半径，圆的方程为，设点，则有，所以．第Ⅱ卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分．13．【答案】【解析】等比数列，有，两式相除可得，所以，代回可得．14．【答案】【解析】抛物线的焦点为，所以，所以面积，，所以面积．15．【答案】【解析】，的值域为，要使恒成立，即，所以，解得．16．【答案】①②④【解析】①，，，，即，故①对；②，，故②对；③，，可能与相交，可能有，故③不对；④，，必有故，④对；⑤，，则，可能平行，也可能异面，⑤不对，故答案为①②④．三、解答题：本大题共6个大题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．【答案】（1）；（2）．【解析】（1）由题意得，由正弦定理得（为外接圆的半径），∴，∴，∵，∴．（2）由正弦定理可得，又，故．由余弦定理得，∴，解得．18．【答案】（1）全班人数为人，，；（2）分布列见解析，．【解析】（1），，．（2）须要家访的共10人，其中成果优秀的有4人，；；；，．19．【答案】（1）证明见解析；（2）．【解析】（1）是直角三角形，，所以，又，，所以平面，平面，平面平面．（2），两个三棱锥的高都可以是点到平面的距离，所以与的面积相等，即可得出，以为原点，方向为轴正方向，方向为轴正方向，建立如图的空间直角坐标系，设，则，，，，，所以有，，，设向量是平面的一个法向量，则，即，令，则；同理设向量是平面的一个法向量，则，即，令，则，所以，且二面角为锐角，所以二面角的余弦值为．20．【答案】（1）证明见解析；（2）见解析．【解析】（1）直线过抛物线的焦点，且交抛物线于，两点，所以直线的斜率肯定存在，可设直线为，与抛物线联立有，，，则有，圆的半径为，的中点即圆的圆心为，圆心到直线的距离为等于圆的半径，所以在圆与直线相切．（2）由（1）知圆的方程可写为，把点代入后得，解得或．当时，直线的方程为，圆的方程；当时，直线的方程为，圆的方程．21．【答案】（1）；（2）．【解析】（1），当，，为减函数；当，，为增函数，所以在处取得最小值，且，所以只要，即就能保证恒成立，所以的最大值为．（2）由（1）知当时，，令，则有，即有，即有，即，对随意恒成立，又，所以整数的最小值为．22．【答案】