重庆市万州某中学2023届高三年级上册1月质量检测物理试卷（含解析）

万州二中2023年高2023届1月质量检测

物理试题

全卷共6页，满分150分，考试时间75分钟。

考生须知：

1.答题前，考生务必用黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座位号在答题卡上填写清楚；

2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，在试卷上作答无效;

3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回；

一、单选题（28分）

1.下列各组物理量，在国际单位制中属于基本量的是（）

A.速度、质量、长度B.质量、长度、时间

C.加速度、长度、速度D.质量、加速度、力

2.一束红光射向一块有双缝的不透光的薄板，在薄板后的光屏上呈现明暗相间的干涉条纹。

现在将其中一条窄缝挡住，让这束红光只通过一条窄缝，则在光屏上可以看到（）

A.与原来相同的明暗相间的条纹，只是明条纹比原来暗些

B.与原来不相同的明暗相间的条纹，而且中央明条纹比两侧的宽些

C.只有一条与缝宽对应的明条纹

D.无条纹，只存在一片红光

3.输电能耗演示电路如图所示。左侧升压变压器原、副线圈匝数比为1：3,输入电压为7.5V

的正弦交流电。连接两理想变压器的导线总电阻为r,负载R的阻值为10Qo开关S接1时,

右侧降压变压器原、副线圈匝数比为2：1,R上的功率为10W；接2时，匝数比为1：2,

R上的功率为P。下列说法中正确的是（）

A.接1时，左侧升压变压器副线圈两端电压为S=2.5V

B.接1时，右侧降压变压器原线圈中的电流为Z?=2A

C.导线总电阻r=10C

D.接2时，R上的功率P=22.5W

4.如图所示，用一条绝缘轻绳悬挂一个带正电的小球，小球质量为1.0x10々kg,所带电荷

量为7.5x108C，现加一水平方向的匀强电场，平衡时绝缘轻绳与竖直方向成37。角，取

g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,贝lj()

A.小球受到的拉力大小为&0X10TN

B.电场强度大小为l.OxK/N/C

C.改变场强方向，仍使小球静止在原位置，则电场强度的最小值为&0X1()5N/C

D.剪断轻绳，带电小球将做类平抛运动

5.当地球位于太阳和木星之间且三者几乎排成一条直线时，称之为“木星冲日”，2019年6

月10日出现了一次“木星冲日已知木星与地球几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳近似

做匀速圆周运动，木星到太阳的距离大约是地球到太阳距离的5倍。则下列说法正确的是

()

A.下一次的“木星冲日”时间发生在2021年B.下一次的“木星冲日”时间发生在2020年

C.木星运行的加速度比地球的大D.木星运行的周期比地球的小

6.把一个曲率半径很大的凸透镜的弯曲表面压在另一个玻璃平面上，让单色光从上方射入

(如图甲)，这时可以看到亮暗相间的同心圆(如图乙)。这个现象是牛顿首先发现的，这些

同心圆叫做牛顿环，为了使同一级圆环的半径变大(例如从中心数起的第二道圆环)，则应

()

①将凸透镜的曲率半径变大②将凸透镜的曲率半径变小

③改用波长更长的单色光照射④改用波长更短的单色光照射。

甲乙

A.①③B.①④C.②③D.②④

7.在实际情况中，物体做抛体运动时总会受到空气阻力的影响。如图所示，虚线是炮弹在

忽略空气阻力情况下计算出的飞行轨迹；实线是炮弹以相同的初速度和抛射角射出在空气中

实际的飞行轨迹，这种曲线叫作弹道曲线。由于空气阻力的影响，弹道曲线的升弧和降弧不

再对称，升弧长而平伸，降弧短而弯曲。炮车的大小可以忽略。当炮弹做弹道运动时，结合

学过的力学知识，分析判断下列说法正确的是（）

A.炮弹上升的时间一定等于下降的时间

B.炮弹在最高点时的加速度等于重力加速度

C.炮弹在上升阶段损失的机械能大于在下降阶段损失的机械能

D.炮弹在上升阶段重力势能的增加量大于在下降阶段重力势能的减少量

二、多选题（15分）

8.如图所示，关于两个斜面实验，下列分析正确的是（）

A.伽利略利用图甲的U型槽进行实验，球从左边斜面滚上右侧也是理想的，现实不存在的

B.伽利略利用图乙中的斜而进行实验，得出下落的小球位移与时间成正比

C.伽利略利用图甲中的斜面进行实验，得出物体的运动不需要力；利用图乙中的斜面进行

实验，最后推导得出自由落体运动的规律

D.伽利略利用图甲中的斜面进行实验，物体的运动需要力来维持；利用图乙中的斜面进行

实验，直接得出自由落体运动的规律

9.某次火箭发射过程中，火箭的质量为电发射塔的高度为/?,火箭自塔底以恒定的加速

度a竖直向上起飞，火箭可视为质点，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）

A.火箭从点火至离开发射塔的过程中，处于失重状态

B.火箭自开始发射至离开发射塔共用时为

C.火箭离开发射塔时的速度大小为，万

D.火箭离开发射塔时克服重力做功的瞬时功率为"gA&

10.如图中所示，粗糙水平面上：静置一质量〃=1kg的长木板，其上叠放一质量为机的

木块。现给木板施加一随时间/均匀增大的水平力尸=公(％=IN/s)。已知木板与地面间的

摩擦力为力，木块与木板之间的摩擦力为力，力和方随时间f的变化图线如图乙所示。若最

大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加速度g=10m*。下列说法正确的是()

A.木块的质量，〃=3kg

B.木板与地面间的动摩擦因数为0.1

C.木块与木板间的动摩擦因数为0.3

D.16s末木块与木板的速度大小之比为2：3

三、实验题

11.某同学利用如图所示的装置进行“验证动量守恒定律”的实验，操作步骤如下：

①在水平桌面上的适当位置固定好弹簧发射器，使其出口处切线与水平桌面相平；

②在一块长平木板表面先后钉上白纸和复写纸，将该木板竖直并贴紧桌面右侧边缘。将小

球。向左压缩弹簧并使其由静止释放，a球碰到木板，在白纸上留下压痕P；

③将木板向右水平平移适当距离，再将小球a向左压缩弹簧到某一固定位置并由静止释

放，撞到木板上，在白纸上留下压痕尸2：

④将半径相同的小球b放在桌面的右边缘，仍让小球a从步骤③中的释放点由静止释放,

与b球相碰后，两球均撞在木板上，在白纸上留下压痕尸八P3。

（1）下列说法正确的是。

A.小球。的质量可以小于小球b的质量

B.弹簧发射器的内接触面及桌面一定要光滑

C.步骤③④中入射小球a的释放点位置一定相同

D.桌面右边缘末端可以不水平

（2）本实验必须测量的物理量有o

A.小球a、1的质量如、

B.小球的半径r

C.木板距离桌子边缘的距离X2

D.小球在木板上的压痕匕、「2、P3分别与P之间的竖直距离m、h2,h3

（3）用（2）中所测的物理量来验证两球碰撞过程中动量是否守恒，当满足关系式

时，则证明4、〃两球碰撞过程中动量守恒。

12.（1）某学校的义工活动小组收集到一段铜丝，他们欲测量其电阻率，现用游标卡尺测得

直径为cm。

（2）为了减小测电阻的系统误差，该小组设计了如图所示的电路图。实验操作步骤如下：

先将&的滑动触头滑到（填“最左端”或“最右端”），连接电路，再将单刀双掷开关向

“1”闭合，调节滑动变阻器R/、&,使电压表或电流表示数（填“尽量大些''或"尽量小

些”），读出此时电压表和电流表示数必、//,然后保持两滑动变阻器的滑动触头位置不变，

将单刀双掷开关向“2”闭合，读出此时电压表和电流表示数S、小，则被测电阻的表达式

Rx=（用U1、刀、U2、/2表示）。

四、解答题

13.某理想变压器原、副线圈的匝数之比为4:1.当输入电压为12V时，输出电压为多少？

当输入电压减少2V时，输出电压为多少？输入电压的改变量与输出电压改变量之

比为多少？

14.如图所示，质量机=lkg的物体放在水平面上，它与水平面的动摩擦因数〃=0.3,若该物

体受到一个水平方向恒力F=6N的作用后开始运动，g=10m/s?。求：

（1）物体运动的加速度。的大小；

（2）当它的速度达到12m/s时，物体前进的距离X。

4

is.如图所示，x轴下方为垂直纸面向外的匀强磁场ni,x轴上方为场强大小相同的两个匀

强电场II和I,在-区域电场I向+x方向，在烂-/?和/zSr区域电场II向-y方向。

一带正电的粒子（不计重力）从），轴上O（0,〃）点处由静止释放，经A（/?,/?）点时速率

为U（图中未画出），由C（3〃，0）点处进入磁场III,在磁场中运动后从。点（-3〃，0）

返回电场Iio

（1）粒子从。出发至返回。点所用时间r

（2）若粒子返回。点后继续运动，适当改变HI区域磁感应强度，可使粒子再次回到。点,

求前后两次通过磁场时，磁场的磁感应强度之比。

III

万州二中2023年高2023届1月质量检测

物理试题参考答案

1.B

【详解】国际单位制规定了七个基本物理量，分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、

光强度和物质的量。选B。

2.B

【详解】这束红光通过双缝产生了干涉现象，说明每条缝都很窄，这就满足了这束红光发生

明显衍射现象的条件，这束红光形成的干涉图样特点是，中央出现明条纹，两侧对称地出现

等间隔的明暗相间条纹；这束红光通过单缝时形成的衍射图样特点是，中央出现较宽的明条

纹，两侧对称地出现不等间隔的明暗相间条纹，且距中央明条纹远的明条纹亮度迅速减弱，

所以衍射图样看上去明暗相间的条纹数量较少，故B正确，ACD错误。故选B。

3.D

【详解】A.开关S接1时，左侧升压变压器原、副线圈匝数比为1：3,输入电压为7.5V

£L1

的正弦交流电，根据％=3解升压变压器的副线圈电压为&=3Q=22.5V故人错误；

B.开关S接1时，右侧降压变压器原、副线圈匝数比为2：1,R上的功率为1OW,根据公

式p=/2R可知，电阻的电流为〃=1A根据欧姆定律得：降压变压器的副线圈电压为

U4=/R=lxl0V=10V根据匝数比可知S："=2:l/3：/4=1：2解得仆=2OV,/j=05A

右侧降压变压器原线圈中的电流为0.5A,故B错误；

C.因左侧升压变压器副线圈的电压为&=22.5V,右侧降压变压器原线圈的电压为

q=2ov,根据欧姆定律得

故C错误；

D.开关接2时，设输电电流为/,则右侧变压器的次级电流为0.5/；右侧变压器两边电压

关系可知

U2-Ir0.5IR

解得

/=3A

则R上的功率为

P=(0.5/)2/?=1.52X10W=22.5W

故D正确。

故选D。

4.C

【详解】A.以小球为研究对象，对小球受力分析，小球受到重力、绳子的拉力和电场力的

作用，受力如图所示

根据平衡条件有，小球受到的拉力大小为

故A错误;

B.由几何关系得

tan37。=之

mg

得

,3

*ir。1.0xl0-2xl0x

E=叫tan37=------------------_4.N/c=1OxlosN/C

q7.5x10-8

故B错误;

C.当电场强度的方向与轻绳方向垂直时，电场强度最小，有

桃gsin37°=/q

解得

mgsin3701.0X1Q-2X10X0.6

N/C=8.0x10sN/C

q7.5x1O-8

故C正确;

D.剪断轻绳，带电小球将沿重力和电场力的合力方向做初速度为0的匀加速直线运动，故

D错误。

故选C。

5.B

【详解】AB.地球公转周期。=1年，根据开普勒第三定律有

-2

又

々=5八

解得木星公转周期

(=7^21.18年

设经时间r再次出现“木星冲日”，则有

口”—0921=2兀

其中

2乃2万

解得

♦1.1年

因此下一次‘‘木星冲日”发生在2020年，故A错误，B正确；

CD.设太阳质量为〃，行星质量为轨道半径为r,周期为T,加速度为“。对行星由牛

顿第二定律可得

_Mm4乃2

G—p~=ma=m—p^r

解得

由于木星到太阳的距离大约是地球到太阳距离的5倍，因此，木星运行的加速度比地球的小,

木星运行的周期比地球的大，故CD错误。

故选Bo

6.A

【详解】①、②当光程差为波长的整数倍时是亮条纹，当光程差为半个波长的奇数倍时是暗

条纹。将凸透镜的曲率半径变大，与透镜中心等距离位置的空气层厚度变小，出现同一亮条

纹的厚度由中心向外偏移，同一级圆环的半径变大；相反，凸透镜的曲率半径变小，同一级

圆环的半径变小，故①正确，②错误；

③、④改用波长更长的单色光照射，出现同一级亮纹的光程差变大，空气层厚度应变大，所

以，同一级圆环的半径变大，因此要使半径变大，则可以改用波长更长的单色光照射，故③

正确，④错误。

故选A-

7.C

【详解】A.炮弹上升过程中，在竖直方向上，受到重力和阻力在竖直向下的分力，即

mg+ft=mayl

解得

”一m

炮弹下降过程中，在竖直方向，受到向下的重力和阻力在竖直向上的分力，即

mg-f,=mayl

解得

则

«yl>%2

设炮弹上升的时间为J炮弹下降的时间为芍，根据

,12

力=5”再

,1，

"=5%2r2

得

4<

炮弹上升的时间一定小于下降的时间。A错误；

B.到达最高点时，除受竖直向下的重力外还受到水平方向的空气阻力作用了,合力

F合=y[Cmgy+f>mg

由牛顿第二定律可知，炮弹在最高点时的加速度大于重力加速度。B错误；

C.假设空气阻力大小不变，由微元法，上升过程克服空气阻力做的功等于空气阻力与上

升过程路程的乘积，下降过程克服空气阻力做的功等于空气阻力与下降过程路程的乘积。升

弧长而平伸，降弧短而弯曲。上升过程克服空气阻力做的功大于下降过程克服空气阻力做的

功。又由功能关系，克服空气阻力做的功等于机械能的减少量。炮弹在上升阶段损失的机械

能大于在下降阶段损失的机械能。

假设空气阻力大小与速度成正比或与速度的平方成正比，由于空气阻力始终做负功，同

一高度处，上升过程的速度大小总是下降过程的速度大小，则同一高度处，上升过程的空气

阻力大小总是大于下降过程的空气阻力大小。由微元法，上升过程克服空气阻力做的功等于

空气阻力与上升过程路程的乘积，下降过程克服空气阻力做的功等于空气阻力与下降过程路

程的乘积。升弧长而平伸，降弧短而弯曲。上升过程克服空气阻力做的功大于下降过程克服

空气阻力做的功。又由功能关系，克服空气阻力做的功等于机械能的减少量。炮弹在上升阶

段损失的机械能大于在下降阶段损失的机械能。

C正确。

D.炮弹在上升阶段重力势能的增加量等于在下降阶段重力势能的减少量。D错误。

故选C。

8.AC

【详解】A.斜面不可能没有摩擦，故伽利略利用图甲的U型槽进行实验，球从左边斜面滚

上右侧也是理想的，现实不存在的，A正确；

B.伽利略利用图乙中的斜而进行实验，得出下落的小球位移与时间的平方成正比，B错误;

CD.伽利略利用图甲中的斜面进行实验，得出物体的运动不需要力；利用图乙中的斜面进

行实验，最后推导得出自由落体运动的规律，C正确，D错误；

故选AC。

9.BD

【详解】A.火箭从点火至离开发射塔的过程中，火箭的加速度的方向向上，所以处于超重

状态，故A错误；

B.由〃=ga/可得，火箭开始发射至离开发射塔共用时为

故B正确；

C.火箭离开发射塔时的速度大小为

v=at=<2ah

故C错误；

D.火箭离开发射塔时的克服重力做功的瞬时功率为

P=mgv=mg<2ah

故D正确。

故选BD«

10.ABD

【详解】AB.设木板与地面间的动摩擦因数为⑷，由图乙可知，0~4s时间内，木板与地

面间的摩擦力力随斤增大而增大，木块与木板之间的摩擦力力为0,说明木板和木块均静止,

4s后，摩擦力力保持不变，说明木板开始相对地面滑动，且滑动摩擦力

fi=fzi(M+m)g=4N

设木板与木块间的动摩擦因数为〃2,4~12s内，木块与木板之间的摩擦力及随产增大而增

大，说明摩擦力及为静摩擦力，木板和木块相对静止，一起加速运动，对木块和木板整体,

根据牛顿第二定律得

对木块根据牛顿第二定律得

于2=ma

当，=⑵时

F=kt=12N

由图像得

力=6N

代入数据解得

m=3kg,HI-0.1

AB正确；

C.12s后，摩擦力上保持不变，说明木块相对木板开始滑动，且滑动摩擦力

h=amg=6N

代入数据解得

H2-0.2

C错误；

D.0~4s时间内，木块和木板静止，4~16s时间内，人f图像与时间轴围成的面积表示摩

擦力的冲量大小，木块所受摩擦力的冲量为

4+12

/,=----x6N-s=48N-s

22

木板所受合外力的冲量为

/,=/F-/r-/2=^|^xl2N-s-4xl2N-s-48N-s=24N-s

由动量定理得

h=mv2,h=Mvi

代入数据解得

V2-16m/s,vi=24m/s

则16s末木块与木板的速度大小之比为

V2：v/=2：3

D正确。

故选ABDo

ntm.

11.CAD##DA

屈A也

【详解】（1）[1]A.小球a与小球h相撞后，小球a继续向右运动，则小球a的质量必

须大于小球b的质量，A错误；

BC.弹簧发射器的内接触面及桌面不需要光滑，只需要在步骤③④中入射小球。的释放点

位置相同，小球“与小球。相撞前的速度就相同，B错误，C正确；

D.使小球做平抛运动，桌面右边缘末端必须水平，D错误。

故选C。

（2）⑵由动量守恒

myv=myv]+m2v2

由平抛运动

x-vt,〃嫡

得

X

代入动量守恒表达式

町-町+m2

瓜肮瓜

则需测量两小球质量以及小球下落高度。

故选ADo

(3)[3]由(2)可知,当满足关系式

则证明a、6两球碰撞过程中动量守恒。

U.U,

12.0.840最左端尽量大些-7—T

【详解】(1)[1]游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，故图中所测铜丝的直径为

d=8mm+0.05x8mm=8.40mm=0.840cm

(2)[2]闭合开关之前为了确保被测电路安全，滑动触头滑到阻值最大处，即&的最左端;

⑶为了减小相对误差，电压表或电流表示数尽量大些；

[4]本实验采用了差值法测电阻，即

%.+&+耳

牛=R1+R

保持滑动变阻器以阻值不变，则

R匚力-区

x

I1\，I2

4

13.3V,2.5V,一

【详解】根据

U2n2

得输出电压

U,=3V

当输入电压减少2V时，则输入电压为

q'=iov

根据

U2n2

得输出电压

U2=2.5V

根据

巳_=旦

U2n2

得

♦5=%=4

♦U?n21

14.(1)3m/s2；(2)24m

【详解】(1)物体受到的摩擦力为

F(=jLimg=3N

由牛顿第二定律有

F-Ff=ma

解得

=3m/s2

(2)由运动学公式

v2=2ax

解得

尤=24m

15(])(8+9乃+4\/^)〃B,2^+1

(2)

2v区一—~

【详解】(1)画出粒子运动轨迹的示意图，如图所示

粒子在电场I中做匀加速直线运动，根据运动学规律有

,V

h=—t,

21

可得粒子在I电场中运动的时间为

2/?

『一

v

粒子进入n电场中做类平抛运动，根据类平抛规律有

由

2h=vt2

可得粒子在II电场中运动的时间为

2h

3二—

V

可得进入磁场HI时在y方向上的分速度为

vy=at2—v

速度偏转角的正切值为

tan^=—=1

V

可得

0=45。

粒子进入磁场IH的速度大小

v-V2v

方向斜向右下与x轴正方向成45。角，根据几何关系可得粒子在磁场中运动的半径为

R=3及h

粒子在磁场中运动的周期为

_2兀R6兀h

T=——=--

vv

根据几何关系可知粒子在磁场中转过的圆心角为270。，则粒子在磁场中运动的时间为

270°9乃力

360°―石

粒子从。点再次回到电场I