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文档简介
山东省诸城市2025届高三第二次模拟考试物理试卷注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、我国相继成功发射的“实践卫星二十号”和“通信技术试验卫星五号”都属于地球静止轨道卫星,它们均绕地球做匀速圆周运动。则两颗卫星在轨运行的()A.线速度等于第-宇宙速度 B.动能一定相等C.向心力大小一定相等 D.向心加速度大小一定相等2、如图所示,车厢水平底板上放置质量为M的物块,物块上固定竖直轻杆。质量为m的球用细线系在杆上O点。当车厢在水平面上沿直线加速运动时,球和物块相对车厢静止,细线偏离竖直方向的角度为θ,此时车厢底板对物块的摩擦力为f、支持力为N,已知重力加速度为g,则()A.f=Mgsinθ B.f=MgtanθC.N=(M+m)g D.N=Mg3、在“油膜法”估测分子大小的实验中,认为油酸分子在水面上形成的单分子层,这体现的物理思想方法是()A.等效替代法 B.控制变量法 C.理想模型法 D.累积法4、有三个完全相同的重球,在每个球和水平面间各压了一块相同的木板,并都与一根硬棒相连,棒的另一端分别与一铰链相连,三个铰链的位置如图甲、乙、丙所示。现分别用力F甲、F乙、F丙将木板水平向右匀速抽出,(水平面光滑,重球和木板是粗糙的)。则下列关于F甲、F乙、F丙大小关系判断正确的是A.F甲=F乙=F丙 B.F甲<F乙=F丙 C.F甲=F乙<F丙 D.F甲<F乙<F丙5、如图所示,为某静电除尘装置的原理图,废气先经过机械过滤装置再进入静电除尘区、图中虚线是某一带负电的尘埃(不计重力)仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹,A、B两点是轨迹与电场线的交点,不考虑尘埃在迁移过程中的相作用和电荷量变化,则以下说法正确的是A.A点电势高于B点电势B.尘埃在A点的加速度大于在B点的加速度C.尘埃在迁移过程中做匀变速运动D.尘埃在迁移过程中电势能始终在增大6、在“用单摆测定重力加速度”的实验中,实验时用拉力传感器测得摆线的拉力大小F随时间t变化的图象如图所示,则该单摆的周期为()A.t B.2t C.3t D.4t二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,物体A和B的质量均为m,且分别用轻绳连接并跨过定滑轮(不计绳子与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦).在用水平变力F拉物体B沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中()A.物体A也做匀速直线运动B.绳子的拉力始终大于物体A所受的重力C.物体A的速度小于物体B的速度D.地面对物体B的支持力逐渐增大8、如图所示为甲、乙两车在平直公路上行驶的v-t图象,则在t1到t2时间内A.甲、乙两车的位移相等B.甲车的平均速度等于C.甲车的平均速度比乙车的大D.乙车的加速度始终比甲车的加速度小9、一定质量的理想气体的状态变化图像如图所示,它由状态a经过状态b到状态c。关于这一过程的说法,正确的是A.理想气体的体积先增大后保持不变B.理想气体的体积一直增加C.理想气体的内能先增大后保持不变D.理想气体对外做功,吸收热量E.外界对理想气体做功,理想气体放出热量10、如图所示电路中,变压器为理想变压器,a、b接在电压有效值不变的交流电源两端,R0为定值电阻,R为滑动变阻器.现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置,观察到电流表A1的示数减小了0.2A,电流表A2的示数减小了0.8A,所有电表均为理想电表,则下列说法正确的是()A.电压表V1示数减小B.电压表V2、V3示数均减小C.该变压器起降压作用D.变阻器滑片是沿d→c的方向滑动三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)某同学在做“探究弹力与弹簧长度关系”的实验中,根据实验数据描点画出F-L图像如图所示。若弹簧始终未超过弹性限度,重力加速度g取10m/s2,请回答以下两个问题:(1)由以上实验数据可求得弹簧的劲度系数k=_____N/m(保留三位有效数字);(2)由图中实验数据得出弹簧弹力大小F与其长度L的关系式为________,对应的函数关系图线与横轴(长度L)的交点表示____。12.(12分)某同学测量一段粗细均匀电阻丝的电阻率,实验操作如下:(1)用螺旋测微器测量该电阻丝的直径,如图甲所示的示数为_________mm。(2)用多用电表“×1"倍率的欧姆挡测量该电阻丝的阻值,如图乙所示的示数为_________Ω。(3)用电流表(内阻约为5Ω)、电压表(内阻约为3kΩ)测量该电阻丝的阻值Rx,为了减小实验误差,并要求在实验中获得较大的电压调节范围,下列电路中符合要求的是_________。A.B.C.D.(4)用第(3)问中C选项的方法接入不同长度的电阻丝l,测得相应的阻值R,并作出了R-l图象,如图丙所示中符合实验结果的图线是_________(选填“a”“b”或“c”),该电阻丝电阻率的测量值_________(选填“大于”“小于”或“等于”)真实值。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示为快件自动分捡装置原理图,快件通过一条传送带运送到各个分捡容器中。图中水平传送带沿顺时针匀速转动,右侧地面上有一个宽和高均为d=1m的容器,容器左侧离传送带右端B的距离也为d,传送带上表面离地高度为2d,快件被轻放在传送带的左端A,运动到B端后做平抛运动,AB间距离为L=2m,快件与传送带间的动摩擦因数为0.5,重力加速度为g=10m/s2,求:(1)要使快件能落入容器中,传送带匀速转动的速度大小范围;(2)试判断快件能不能不与容器侧壁碰撞而直接落在容器底部,如果能,则快件从A点开始到落到容器底部需要的最长时间为多少。14.(16分)如图所示,粗细均匀,两端开口的U形管竖直放置,管的内径很小,水平部分BC长14cm,一空气柱将管内水银分隔成左右两段,大气压强相当于高为76cmHg的压强。(1)当空气柱温度为T1=273K,长为l1=8cm时,BC管内左边水银柱长2cm,AB管内水银柱长也是2cm,则右边水银柱总长是多少?(2)当空气柱温度升高到多少时,左边水银恰好全部进入竖直管AB内?(3)当空气柱温度为490K时,两竖直管内水银柱上表面高度各为多少?15.(12分)如图所示,在第一象限有一匀强电场。场强大小为,方向与轴平行。一质量为、电荷量为的粒子沿轴正方向从轴上点射入电场,从轴上的点离开电场。已知,。不计粒子重力。求:(1)场强的方向和粒子在第一象限中运动的时间;(2)粒子离开第一象限时速度方向与轴的夹角。
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】
A.由于两颗卫星属于地球静止轨道卫星,其轨道半径一定大于地球半径,由公式得由于第一宇宙速度即为半径为地球半径的卫星的线速度,则这两颗卫星在轨运行的线速度一定小于第一宇宙速度,故A错误;B.由于不清楚两颗卫星的质量,则无法比较两颗卫星的动能,故B错误;C.由于不清楚两颗卫星的质量,则无法比较两颗卫星的向心力,故C错误;D.由于两颗卫星属于地球静止轨道卫星,则两颗卫星的轨道半径一定相等,由公式得则加速度大小一定相等,故D正确。故选D。2、C【解析】
以m为研究对象,受力如图所示由牛顿第二定律得解得而绳的拉力为以M为研究对象,受力如图所示在竖直方向上,由平衡条件有在水平方向上,由牛顿第二定律有解得故C正确,ABD错误。故选C。3、C【解析】
考查实验“用油膜法估测分子大小”。【详解】在油膜法估测分子大小的实验中,让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜,将油酸分子看做球形,认为油酸分子是一个紧挨一个的,估算出油膜面积,从而求出分子直径,这里用到的方法是:理想模型法。C正确,ABD错误。故选C。4、D【解析】
设球的重力为G,杆对球的拉力方向与竖直方向的夹角为,球与木板的动摩擦因数为,球处于静止状态,受力平衡,对球受力分析,受到重力G、杆子的拉力T、木板对球的支持力N以及木板对球水平向右的滑动摩擦力f,根据平衡条件得:,,而,解得:木板处于静止状态,再对木板受力分析,根据平衡条件可知,水平方向有:,根据图象可知,从甲到乙再到丙,增大,则f增大,所以F增大,故,A.综上分析,A错误;B.综上分析,B错误;C.综上分析,C错误;D.综上分析,D正确。故选D。5、B【解析】沿电场线方向电势降低,由图可知,B点的电势高于A点电势,故A错误;由图可知,A点电场线比B点密集,因此A点的场强大于B点场强,故A点的电场力大于B点的电场力,则A点的加速度大于B点的加速度,故B正确;放电极与集尘极间建立非匀强电场,尘埃所受的电场力是变化的.故粒子不可能做匀变速运动,故C错误;由图可知,开始速度方向与电场力方向夹角为钝角,电场力做负功,电势能增大;后来变为锐角,电场力做正功,电势能减小;对于全过程而言,根据电势的变化可知,电势能减小,故D错误.故选B.点睛:本题考查考查分析实际问题工作原理的能力,解题时要明确电场线的分布规律,并且能抓住尘埃的运动方向与电场力方向的关系是解题突破口.6、D【解析】
单摆经过最低点时,速度最大,据牛顿第二定律知,单摆经过最低点时摆线的拉力最大;从最低点到再次到达最低点所需时间等于半个周期,所以据图象得,该单摆的周期为4t,故D项正确,ABC三项错误。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BCD【解析】试题分析:以物体绳子与物体B的结点为研究对象,将B的速度分解成绳子伸长的速度和垂直绳子方向的速度,如图所示.,绳子伸长的速度等于物体A上升的速度.物体A的速度,物体B向右运动θ减小,所以增大,物体A处于超重状态,绳子拉力始终大于物体A所受的重力,由于物体A上升的加速度在减小,所以拉力在减小,地面对B的支持力,物体B向右运动θ减小,增大.故选BCD考点:运动的合成与分解点评:物体B的运动在研时要根据效果进行分解,一般分解为沿绳子方向的运动和垂直于绳子方向的运动.8、BC【解析】
A.在t1到t2时间内,两图线围成的面积不等,则位移不等,故A错误.BC.甲做匀变速直线运动,在t1到t2时间内,平均速度,根据图线围成的面积知,甲的位移大于乙的位移,时间相等,则甲的平均速度大于乙的平均速度,即以的平均速度小于,故BC正确.D.乙图线的切线斜率先比甲小,后比甲大,可知乙的加速度先小于甲,后大于甲,故D错误.9、BCD【解析】
AB.由理想气体状态方程,由状态a经过状态b,压强不变,温度升高,体积增大。态b到状态c,温度不变,压强减小,体积增大。所以体积一直增大。故A错误。B正确。C.一定量理想气体的内能由温度决定,状态a经过状态b到状态c,温度向增大,后不变。所以内能先增大后保持不变。故C正确。DE.状态a经过状态b到状态c,体积一直增大,所以理想气体对外做功。又内能先增大后保持不变,总体相对于初始增大。由热力学第一定律,内能增大且对外做功,必须吸收热量。所以D正确,E错误。10、CD【解析】
ABD.根据变压器原理,输入电压U1和输出电压U2保持不变,而A2示数减小,说明负载电路电阻变大,所以滑动变阻器R变大了,即变阻器滑片是沿的方向滑动的,故AB错误,D正确;C.原、副线圈中电流和匝数成反比,即电流变化时,则有可求得故变压器应为降压变压器,故C正确。故选CD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、156F=156(L-0.02)弹簧原长【解析】
(1)[1]弹簧弹力F与弹簧长度L的关系图像的斜率表示劲度系数,则劲度系数(2)[2][3]由图中实验数据结合胡克定律得到弹簧弹力大小F与其长度L的关系式分析图像可知,图线与横轴的夹点表示弹簧的原长12、2.819〜2.8217Da等于【解析】
(1)[1]螺旋测微器的转动刻度50格共0.5mm长,精确度为0.01mm,格数要估读到0.1格,则电阻丝的直径为:(2.819~2.821);(2)[2]欧姆表读电阻,由表盘上的数字乘以倍率得到阻值,可得:(或7)(3)[3]实验中获得较大的电压调节范围,则需要滑动变阻器选择分压式接法;而待测电阻满足:即待测电阻为小电阻,用电流表的外接法减小系统误差;综上选择D电路实验;(4)[4]根据电阻定律,可知图像应该是过原点的倾斜直线,但(3)问中的C项电路采用的是电流表的内接法,因电流表分分压导致电阻的测量值偏大,有:故测量图线不过原点,而有纵截距;故选a图线;[5]由图像求电阻率是利用斜率求得,a图线和准确图线的斜率相同,故电阻率的测量值等于真实值。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式
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