2024-2025学年四川省广元市川师大万达中学高二（上）检测物理试卷（9月）（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2024-2025学年四川省广元市川师大万达中学高二（上）检测物理试卷（9月）一、选择题：本大题共12小题，共48分。1.下列关于电荷和电场的说法正确的是(

)A.电荷量很小的电荷就是点电荷

B.所有带电体的电荷量都是元电荷的整数倍

C.若电场中某点不放试探电荷，则该点的电场强度一定为0

D.根据F=kq1q2.如图所示，将带正电的绝缘棒甲左端靠近原来不带电的验电器乙的金属球，乙的金箔片张开，则(

)A.金属球带负电 B.金属球带正电

C.金属球和金箔片均带正电 D.金属球和金箔片均带负电3.关于电场强度，下列说法正确的是(

)A.电场中某点先后放入正、负试探电荷，受到的电场力反向，所以两种情况下电场强度方向相反

B.电场强度公式E=kQr2表明，当r减半时，电场强度变为原来的4倍

C.电场强度公式E=Fq表明，q减半，则该处的电场强度变为原来的4.如图，A、B、C三个点位于以O为圆心的圆上，直径AB与弦BC间的夹角为30∘。A、B两点分别放有电荷量大小为qA、qB的点电荷时，C点的电场强度方向恰好沿圆的切线方向，则qA.13B.C.3D.5.如图所示，实线为电场中方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子以不同速度从M点射入电场，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示。则(

)A.a一定带正电，b一定带负电

B.a的动能逐渐减小，b的动能逐渐增加

C.a的加速度逐渐减小，b的加速度逐渐增加

D.两个粒子的电势能一个逐渐增加一个逐渐减小6.两个点电荷Q1和Q2固定在x轴上O、D两点，两者之间连线上各点电势高低如图中曲线所示(OB>BD)，取无穷远处电势为零，由图可知(

)A.B点的电场强度为零

B.Q1为负电荷，Q2为正电荷

C.电子从D点移到B点电势降低，电势能也降低

D.将电子沿x轴从A点移到7.如图，实线为电场中的电场线，虚线为等势面，相邻等势面间电势差相等，一个带正电荷的粒子(不计重力)在等势面A处时的动能为20J，运动到等势面C处时的动能为零，现取B等势面为零电势面，则当此电荷的电势能为2J时的动能是(

)

A.2J B.18J C.10J D.8J8.如图，圆心为O的圆处于匀强电场中，电场方向与圆平面平行，ab和cd均为该圆直径。将电荷量为q(q>0)的粒子从a点移动到b点，电场力做功为2W(W>0)；若将该粒子从c点移动到d点，电场力做功为W。下列说法正确的是(

)A.该匀强电场的场强方向与ad平行

B.a点电势低于c点电势

C.将该粒子从d点移动b点，电场力做功为0.5W

D.若粒子从d点顺时针移动到b点，电场力做正功；从d点逆时针移动到b点，电场力做负功9.如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R为滑动变阻器。用绝缘细线将一带负电的小球悬于电容器内部。闭合开关S，给电容器充电后，悬线偏离竖直方向的夹角为θ。下列说法正确的是(

)A.保持S闭合，将滑动变阻器的滑片向a端滑动，则θ增大

B.保持S闭合，将N板向M板靠近，则θ增大

C.断开S，将N板向M板靠近，则θ增大

D.断开S，将N板向下移动少许，则θ增大10.如图所示，A、B两板间电压为600V，A板接地，B板带负电，A、B两板间距离为12cm，C点离A板4cm，下列说法正确的是(

)A.E=2000V/m B.φC=−200V

C.电子在C点具有的电势能为−200eV D.电子在C11.如图甲所示为点电荷电场中的一条电场线，a、b是电场线上的两点，试探电荷在a、b两点的静电力F与电荷量q的关系如图乙所示，a、b间的距离为L，则下列判断正确的是(

)

A.场源电荷在b点右侧 B.场源电荷带负电

C.场源电荷到b点距离为2L D.场源电荷到a点距离为0.5L12.如图甲所示，两个带正电的等量同种点电荷固定于光滑绝缘水平地面上，间距为L，其连线的中点为O点，A、B为水平地面上两点电荷连线的中垂线上的两个点。一电荷量为q、质量为m的试探电荷从A点由静止释放，其运动的v−t图像如图乙所示，已知试探电荷t1时刻位于B点，且B点是图乙中图线切线斜率最大的位置(图乙中画出了该切线)，下列说法正确的是(

)A.试探电荷带正电

B.B点的电场强度大小为mvBqt1

C.试探电荷从A点到B点电势能减小了12二、综合题：本大题共5小题，共52分。13.（8分）如图所示为探究影响电荷间相互作用力的因素实验。O是一个带正电的物体，把系在丝线上的带正电的小球先后挂在图中P1、P2、(1)图中实验采用的方法是_______(填正确选项前的字母)A.理想实验法

B.等效替代法

C.微小量放大法

D.控制变量法(2)图中实验可依据下列选项中反映小球受带电体的作用力大小的是___________；A.电荷间的距离

B.丝线偏离竖直方向的角度C.带正电物体的电荷量

D.小球的电荷量(3)实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的_____而增大，随其所带电荷量的_____而增大。(选填“增大”或“减小”)14.（6分）如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器的因素，其中电容器左侧极板A和静电计外壳接地，电容器右极板B与静电计金属球相连。使电容器带电后与电源断开。(1)静电计是测量下列哪一个物理量的仪器。A.电荷量

B.电容

C.电势差(2)保持两极板所带的的电荷量Q不变，极板间的正对面积S不变，让带有绝缘手柄的A板向左移动增大两极板间的距离d，发现静电计指针偏角变大，得出的结论是：在其他条件不变的情况下，平行板电容器的电容C随两极板间的距离d的增大而_________(填“增大”“减小”或“不变”)。(3)改变相关因素使电容器电容发生变化，从而可以测量某些物理量，因此可制作电容式传感器。保持B板不动，将A板左右移动会使静电计指针的偏角变化。下列传感器电容变化和此原理相同的是。A.

B．C.D．15.（10分）如图所示，把电荷量q1=2×10−6C、质量m1=0.9kg的带正电小球用绝缘细线悬挂在水平天花板上，带正电的物块放置在倾角θ=37∘的光滑固定斜面上。当小球与物块间的连线水平且细线与水平方向的夹角为37°时，小球与物块均静止，此时两者之间的距离d=0.3m。已知静电力常量k=9.0×1(1)小球与物块间的库仑力大小F1(2)物块的电荷量大小q2(3)物块的质量m2。16.（12分）如图所示，AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm，A、B、C三点都在匀强电场中，且A、B、C所在平面与电场线平行，把一个电荷量q=10−5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，电场力做功为(1)求B、C间的电势差；(2)假设规定B点电势为零，求C点的电势；(3)求匀强电场的场强大小与方向。

17.（16分）如图所示，粒子发射器发射出一束质量为m，电荷量为q的粒子(不计重力)，从静止经加速电压U1加速后，沿垂直于电场方向射入两平行板中央，受偏转电压U2作用后，以某一速度离开电场。已知平行板长为L，两板间距离为d

(1)粒子进入偏转电场速度v0(2)粒子在离开偏转电场时的纵向偏移量y；(3)粒子在离开偏转电场时的动能Ek。

答案解析1.B

【解析】A.当带电体的形状、体积对所研究的问题影响很小或者没有影响时，可将带电体看成点电荷，故A错误；B.所有带电体的电荷量都是元电荷的整数倍，故B正确；C.电场中某点的电场强度与试探电荷无关，故C错误；D.两带电小球间的距离趋近于0时，两小球不能看成点电荷，该公式不再适用，库仑力并不是趋近于无穷大，故D错误。故选B。2.A

【解析】用带正电的绝缘棒甲去靠近原来不带电的验电器乙，由于静电感应验电器(导体)两端出现等量正负感应电荷，近端的电荷的电性与甲相反，带负电，所以金属球带负电，远端的金属箔片电荷与甲的电性相同，带正电荷，即金属球带负电，金箔片带正电，故A正确，BCD错误。故选：A。3.B

【解析】A.电场强度由电场本身决定，与放不放试探电荷，放何种电荷均无关，则电场中某点先后放入正、负试探电荷，受到的电场力反向，但两种情况下电场强度方向相同，故A错误；B.公式

E=kQr2

是真空中点电荷电场强度的决定式，则点电荷周围某点电场强度的大小，与该点到场源电荷距离

r

的二次方成反比，故在

r

减半的位置上，电场强度变为原来的4C.公式

E=Fq

是电场强度的定义式，电场强度由电场本身决定，电场中某点的电场强度的大小与试探电荷所带的电荷量大小无关，故D.根据电荷在电场中所受电场力公式

F=qE

可知，电荷在电场中所受电场力与电场强度、电荷量有关，而匀强电场中电场强度

E

处处相同，电荷的电荷量

q

不同，则电荷在其中受力不同，故D错误。故选B。4.B

【解析】根据题意，qA、qB带异种电荷，假设qA为正点电荷，qB为负点电荷，两点电荷产生的场强如图所示：

设圆的半径为r，根据数学知识A点到C点的距离rA=r

B点到C点的距离rB=2rcos30°=3r

根据点电荷的场强公式，点电荷qA在C点产生的场强EA=kqArA2=kqA5.C

【解析】解：A、由于两电荷所受的电场力的方向相反，故a、b两粒子所带的电荷的电性相反，但电性无法判断，故A错误；

BD、由于出发后电场力对两对电荷均做正功，所以两个粒子的电势能均减小，动能均增大，故BD错误；

C、电场线的疏密代表电场的强弱，由图可知越向左场强越小，故a出发后的一小段时间内其所处的位置的场强越来越小，而b出发后的一小段时间内其所处的位置场强越来越大，根据牛顿第二定律可知a的加速度逐渐减小，b的加速度逐渐增加，故C正确；

故选：C。

正电荷所受电场力的方向就是电场线的方向，而负电荷所受的电场力的方向与电场线的方向相反，由于场强方向未知故不能确定电荷的电性；电场线的疏密代表电场的强弱，所以出发后的一小段时间内a受到的电场力变小，b受到的电场力变大；根据动能定理，合外力做正功，动能增加．

本题虽然是综合性很强的题目，但只要我们理解了电场线的特点就能顺利解决A、C，明白了只要合外力做正功物体的动能就将增加、电势能减小的道理选项B、D就不难解决，所以我们一定要掌握好基本知识。6.B

【解析】A.φ−x图象的斜率表示电场强度，B点的斜率不为0，所以B点的电场强度不为0，故A错误；

B.由图象可以发现，离Q1越近电场中的电势越低，由此可以判断Q1为负电荷，同理，由于离Q2越近电势越高，所以Q2为正电荷，在它们的连线上的B点的电势也是零，但B点离Q2近，所以Q1的电荷量要大于Q2的电荷量，故B正确；

C.电子从D点移到B点电势降低，电子带负电，电势能增大，故C错误；

D.7.D

【解析】根据题意可知相邻等势面间电势差相等，则从等势面A到等势面B与从等势面B到等势面C，粒子克服电场力做的功相等；由于从等势面A处到等势面C处，粒子动能减少

20J

，则从等势面A处到等势面B处，粒子动能减少

10J

，而粒子在等势面A处时的动能为

20J

，所以粒子在等势面B处时的动能为

10J

；现取B等势面为零电势面，则粒子的动能和电势能之和为

10J

，且动能和电势能之和保持不变，所以当此电荷的电势能为

2J

时的动能是

8J

。故选D。8.C

【解析】A.根据题意可知：粒子从a点移动到b点，电场力做功为2W

(W>0)；若将该粒子从c点移动到d点，电场力做功为W，移动距离ab在电场方向的投影dab，移动距离cd在电场方向的投影dcd，根据电场力做功表达式：W电=qEd，可知dab是d由几何关系得：cd在ab方向的投影等于R，刚好满足dab是dcd的两倍，所以电场线的方向由a指向b，场强方向与ab平行，故B.沿电场方向电势逐渐降落，a点电势高于

c′

点电势，c与

c′

为等势点，所以a点电势高于c点电势，故C.由A选项的结论可知2W=2qER由图可知：d到b的距离在电场方向的投影d粒子从d点移动到b点电场力做功W故C正确；D.电场力做功和路径无关只与初末位置有关，因此从d点到b点电场力做正功，故D错误。故选C。9.BD

【解析】根据对小球的受力分析可知，悬线偏离竖直方向的夹角符合tan因此两极板间的场强越大θ越大。A.保持S闭合，极板间的电压大小等于电源电动势。滑动变阻器的滑片位置不会影响极板上的电压大小，则场强大小不变，

θ不变。故A错误；B.保持S闭合，极板间电压不变时，将N板向M板靠近，则板间距离d减小，根据场强E=Ud可知场强大小增大，则θ增大。故C.断开S，则极板上的电荷量Q不变，将N板向M板靠近，则根据C=εS4πkd

，可得U=极板间的场强E=极板间距离d增大或减小不影响场强大小，其余物理量均不变，则场强大小不变，θ不变。故C错误；D.根据上述分析，断开S

，将N板向下移动少许，则极板间的正对面积S减小，则场强E增大，则θ增大。故D正确。故选BD。10.BD

【解析】A、AB间有匀强电场，场强为：E=Ud=6000.12=5000V/m；A错误；

B.A、C间的电势差为：UAC=Ed1=5000×0.04V=200V；因A带正电且电势为零，C点电势低于A点的电势，故φC=−UAC=−200V，故B11.BC

【解析】AB.由图乙可知，a点场强大，a点离场源电荷近，因此场源电荷带负电，场源电荷在a点左侧，故A错误，B正确；

CD.由图乙知，a点场强是b点场强的4倍，由点电荷电场强度公式E=kqr2可知，b点到场源电荷的距离是a点到场源电荷距离的2倍，因此场源电荷到b点距离为2L，到a点距离L，故C12.AC

【解析】解：AD、由乙图可知，试探电荷先做加速度逐渐增加的加速运动，再做加速度逐渐隇小的加速运动，试探电荷受到电场力的方向从A到B，故带正电，由于A点的加速度小于B点的加速度，所以A点的电场强度小于B点的电场强度，故A正确、D错误；

B、由乙图可知，B点的加速度

aB=ΔvΔt=vBt1−t0

由牛顿第二定律

qE=maB

解得

E=mvBt1−t0

故B13.(1)D；(2)B；(3)

减小

增大

【解析】(1)此实验中比较小球在不同位置所受带电物体的静电力的大小，再使小球处于同一位置，增大或减小小球所带的电荷量，比较小球所受的静电力的大小，所以是采用了控制变量的方法；

(2)在小球远离带电体的过程中，偏转角越来越小，说明小球受带电体的作用力越来越小，所以B正确。

(3)实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的减小而增大，随其所带电荷量的增大而增大。14.(1)C(2)减小(3)C【解析】(1)静电计是测量电势差的仪器。故选C。(2)静电计指针偏角变大，则电压变大，根据

C=QU

可知，电容变小。得出的结论是：在其他条件不变的情况下，平行板电容器的电容C随两极板间的距离(3)保持B板不动，将A板上下移动，目的是改变两极板间距。BD图是通过改变两极板的正对面积来改变电容的大小，而A图是通过改变介电常数来改变电容的大小，C图是通过改变两极板间距来改变电容的大小。故选C。15.解：(1)对小球受力分析，

根据平衡条件，竖直方向上有

F水平方向上有

F联