2025年高考物理一轮复习之电学实验

2025年高考物理一轮复习之电学实验

选择题（共5小题）

1.小明同学用欧姆表测电阻，选择开关置于“X100”挡时，表针停在图中的100与500之间的中间位置

上。为了使测量结果比较精确，下列操作正确的是（）

A.直接读数并乘上100即可

B.换“X100”挡，无需重新欧姆调零

C.换“X1k”挡，需重新进行欧姆调零

D.选择任意挡都行，但需进行欧姆调零

2.电视机显像管的结构示意图如图所示，电子枪均匀发射的电子束经加速电场加速后高速通过偏转电场，

最后打在荧光屏上呈现光斑，在显像管偏转极板上加上不同的电压，光斑在荧光屏上呈现不同情况，以

上极板带正电时为正，下列说法正确的是（）

电于/

偏转1c

A.若在偏转极板加上如图甲所示的偏转电场,则可以在荧光屏上看到一个固定的光斑

B.若在偏转极板加上如图乙所示的偏转电场,则可以看到一个光斑在荧光屏的O点下侧移动

C.若在偏转极板加上如图丙所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏上从上向下移动

D.若在偏转极板加上如图丁所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏上O点两侧做往复运动

3.如图甲所示，某同学在研究电磁感应现象时，将一线圈两端与电流传感器相连，强磁铁从长玻璃管上

端由静止下落，电流传感器记录了强磁铁穿过线圈过程中电流随时间变化的图像，t2时刻电流为0,如

图乙所示。下列说法正确的是（）

同一强磁铁

A.在t2时刻，穿过线圈的磁通量的变化率为0

B.在tl到t2时间内，强磁铁的加速度大于重力加速度

C.强磁铁穿过线圈的过程中，受到线圈的作用力先向上后向下

D.在ti到t3的时间内，强磁铁重力势能的减少量等于其动能的增加量

4.某同学利用图甲所示电路观察电容器的充电和放电现象，计算机屏幕显示出放电过程的I-t图像如图

乙所示。下列说法正确的是（）

A.电容器放电时电子由b向a通过电阻

B.电容器放电过程中电阻R两端电压逐渐增大

C.将电阻R换成阻值更大的电阻，放电时间变长

D.若R=20Q,则可知电源电动势E=80V

5.如图所示是探究电源电动势和电源内、外电压关系的实验装置，下部是可调节内阻电池。升高或降低

挡板，可改变A、B两电极间电解液通道的横截面积，从而改变电池内阻。电池的两极A、B与电压传

感器2相连，位于两个电极内侧的探针a、b与电压传感器1相连，R是滑动变阻器。下列说法正确的

A.断开开关S,传感器1的示数为零，传感器2的示数小于电源电动势

B.闭合开关S,在将挡板向上提升的过程中，传感器2的读数将变小

C.闭合开关S,无论R的滑片如何移动，传感器1和传感器2的示数之和总不变

D.闭合开关S,当把滑动变阻器R的滑片向左移动到阻值为零时，传感器1的示数为零，传感器2的

示数等于电源电动势

二.多选题（共3小题）

（多选）6.关于高中物理的学生实验，下列说法正确的是（）

A.验证动量守恒定律时，两碰撞小球的直径必须相等

B.探究气体等温变化的规律实验中，不慎将活塞拔出，无需废除之前获得的数据，将活塞塞入重新实

验即可

C.探究影响感应电流方向的因素时，甲同学在断开开关时发现灵敏电流计指针向右偏转，则开关闭合

后将滑动变阻器的滑片向右滑动（如图），电流计指针向右偏转。

D.在用单摆测量重力加速度的实验中，为了使摆的周期大一些，以方便测量，拉开摆球时，使摆角大

些

（多选）7.“探究影响感应电流方向的因素”的实验示意图如图所示：灵敏电流计和线圈组成闭合回路，

通过“插入”、“拔出”条形磁铁，使线圈中产生感应电流。记录实验过程中的相关信息，分析得出楞次

B.该实验需要知道线圈的绕向

C.该实验需要记录磁铁的运动方向

D.该实验需要判断电流计指针偏转方向与通入电流方向的关系

(多选)8.如图所示是探究电源电动势和电源内、外电压关系的实验装置，下部是可调节内阻电池，升

高或降低挡板，可改变A,B两电极间电解液通道的横截面积，从而改变电池内阻，电池的两极A,B

与电压传感器2相连，位于两个电极内侧的探针a,b与电压传感器1相连，R是滑动变阻器。下列说

法正确的是()

A.断开开关S,传感器1的示数为零，传感器2的示数等于电源电动势

B.闭合开关S,在将教板向上提升的过程中，传感器2的读数将变小

C.闭合开关S,无论R的滑片如何移动，传感器1和传感器2的示数之和总不变

D.闭合开关S,当把滑动变阻器R的滑片向左移动到阻值为零时，传感器1的示数为零，传感器2的

示数等于电源电动势

三.填空题(共4小题)

9.(1)一根粗细均匀的金属丝，当其两端电压为U时，通过的电流是I。若将此金属丝均匀拉长到原来的

2倍时，电流仍为I,金属丝两端所加的电压应为0

(2)有一个满偏电流为100mA的毫安表，电表内阻为9Q,现将该毫安表的量程扩大至0.6A,则应并

联一个阻值为。的电阻。

(3)如图所示为一双量程电压表的示意图，已知电流表G的量程为。〜10mA,内阻为60。，图中串联

的分压电阻Ri=440。,则R2=。-

鸟与

ZD-!~I1—1

o0JAiB

+5V15V

10.高性能混凝土是一种新型高技术的混凝土，广泛应用于建筑工程中，某同学对高性能混凝土的电阻产

生了兴趣，决定设计一个精密测量电阻的电路来完成测量。该同学设计的电路如图1所示，图中E为

电源（电动势为3V,内阻不计）、待测混凝土样本电阻Rx、滑动变阻器Ro（0—100。）、滑动变阻器

R2（。〜100。）、滑动变阻器R1（0-4700。）、电流表A（量程5mA）、电压表V（量程3V）、灵敏电流

图3

（1）该同学按电路图连接图2,请指出实物图连线①②③中连接错误的是

（2）电路连线改正后，实验过程如下：

1

①S2断开、Si闭合，调节Ro的滑动触头，使电流表A的示数大于量程的§

②将R2调成最大阻值，闭合S2,调节Ri的滑动触头，使灵敏电流计G示数为零

③断开S2,将R2电阻调为零，使S2断续接通，并仔细调节R1,使灵敏电流计G示数为零

④记录电压表U、电流表I的读数

⑤移动滑动变阻器Ro的滑动触头，重复步骤②〜④，再测四组U、I的读数。

在步骤②中“将R2调成最大阻值”作用是o

（3）实验数据如表：

U(V)1.501.742.002.242.50

I3.023.504.014.494.99

(mA)

请根据表中数据，在方格纸上作出U-I图线，利用图线求出该待测混凝土样本电阻Rx=Q

（保留三位有效数字）。

（4）和伏安法测电阻相比，上述实验方法测得的电阻值误差更小，简要说明原

因_______________________

11.（1）物理实验小组用如图（a）所示的装置，探究加速度与力、质量的关系。现研究质量不变的情况

下，加速度与力的关系。

7弹簧测力计

、X纸/打点计时器

一]

槽码尚口TT

图（b）图（c）

①关于本实验，下列说法正确的是O

A.必须平衡摩擦力

B.必须控制槽码质量不变

C.必须控制小车质量不变

D.必须保证槽码的质量远小于小车的质量

②某同学在实验中得到如图（b）所示的一条纸带（两计数点间还有四个计时点没有画出），已知打点频

率为50Hz,根据纸带可求出小车的加速度大小为.m/s2（结果保留三位有效数字）。

③按正确操作完成实验，以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的aF图像是一条

过原点的直线，如图（c）所示，若直线斜率为k,则小车（包含定滑轮）的质量为（用

k表不）。

（2）为了测量某待测电阻Rx的阻值（约为30。），有以下一些器材可供选择。

电流表Ai（量程0〜50mA,内阻约10Q）；

电流表A2（量程。〜3A,内阻约0,12Q）；

电压表V1（量程0〜3V,内阻很大）;

电压表V2（量程0〜15V,内阻很大）;

电源E（电动势约为3V,内阻约为0.2Q）；

定值电阻R（20Q,允许最大电流1.0A）；

滑动变阻器R1（0-1011,允许最大电流2.0A）；

单刀单掷开关S一个，导线若干。

①对于电流表和电压表的选择，下列说法正确的是

A.电流表应选Ai,电压表应选V1

B.电流表应选Ai,电压表应选V2

C.电流表应选A2,电压表应选V1

D.电流表应选A2,电压表应选V2

②请在下面的虚线框内画出测量电阻Rx的实验电路图。（要求所测量范围尽可能大）

③某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为I,则计算待测电阻阻值的表达式为Rx

12.（1）电子温度计是利用半导体的电阻随温度升高而减小的特性而制作的，已知某半导体的电阻随温度

t（在20℃〜50℃间可视为线性变化，如图甲所示。当温度为tA=25℃时，用多用电表测得其电阻如图

乙所示，此时Ri=。；当温度为tB=30℃时，用多用电表测得其电阻R2=120O。

(2)把该半导体与电动势为E=3.7V、内阻为r=0.5。的电源，理想电压表(量程3V)和定值电阻Ro

连成如图丙所示的电路，为使电压表示数不会超量程，且当温度在20℃〜50℃间变化时电压的变化比

较明显，则定值电阻Ro的阻值应选o

A.ion

B.100(1

C.500Q

(3)选用合适的Ro后，该半导体作测温探头，把电压表的电压刻度改为相应的温度刻度，就得到了一

个简易的电子温度计，当电阻温度为40℃时，电压表的示数约为Vo(保留两位有效数字)

(4)若电池用久后内阻r变大，用该温度计测量的温度要比真实值(选填“偏高”或“偏

低”)。

四.实验题(共8小题)

13.某同学通过两种方法测量量程为3V的电压表的内阻。

(I)先用多用电表的欧姆挡“X100”挡直接测量电压表的内阻，电压表、多用电表的示数分别如图甲、

乙所示，则电压表的示数为V,多用电表的示数为Ho

（2）再进一步精确测量电压表的内阻的电路图如图丙所示，图中电阻箱R的最大电阻为9999Q,定

值电阻r的阻值为500Q,电源E的内阻不计。连接好电路后调节电阻箱R的阻值，使得电压表的指针

满偏，记下此时电阻箱R的阻值Ri=900。；然后调节电阻箱R的阻值，使得电压表的指针半偏，记下

此时电阻箱R的阻值R2=4600（1,则电压表的内阻Rv=Q。

14.某电学实验兴趣小组结合物理课本上的多用电表结构示意图及实验室现有器材，设计了如图所示的电

路，整个电路装置既可以当1mA和10mA的电流表使用，也可以当作两个倍率的欧姆电表使用。他们

使用到的器材有：

电源E（电动势E=L5V,内阻忽略不计）

定值电阻Ri、R2

电流表G（量程为Ig=100|iA,内阻Rg=990。）

滑动变阻器R（最大阻值为1500（1）

单刀双掷开关Si、S2

（1）按照多用电表的构造和原理，接线柱D端应该接（选填“红”或“黑”）表笔；

（2）当单刀双掷开关Si拨到端可作为电流表使用，S2拨到1端时，此时装置可作为mA（选

填“1”或“10”）量程的电流表；电阻Ri=O,R2=

（3）将单刀双掷开关Si拨到A端可作为欧姆表使用，若S2拨到1端，此时作为欧姆挡X10倍率，则

将S2拨到2端时的倍率为（选填“XI”或“X100”）。

15.某实验小组在学校实验室利用如图14甲所示的可拆变压器进行了“探究变压器原、副线圈电压与匝

数的关系”实验。

心变压器铁芯

线圈•n-变压器铁芯

甲

(1)要顺利完成本实验，除有可拆变压器外，下列器材中还必须要选用的是

A.干电池组

B.学生电源

C.直流电压表

D.指针式多用电表

(2)该实验小组将匝数为ni的原线圈两端与电源相连,控制原线圈两端电压为U1改变副线圈匝数n2,

测量副线圈两端电压U2,数据处理时该小组绘制了U2-n2图像，如图乙所示，该图线斜率为k。若实

验小组操作正确，则Ui、m、k应满足的关系为0

(3)实验结束后，该实验小组发现变压器铁芯变热，可能的原因是

(1)用多用电表粗测该电热丝Rx的电阻值：多用电表选择开关旋至“X100”挡，并进行欧姆调零，

将红、黑表笔连接到电热丝两端，多用电表指针位置如图(a)所示，此时读数为Q。

(2)用螺旋测微器测量电热丝不同位置的直径，某次测量的示数如图(b)所示，该读数为d=

mm,多次测量后，得到直径的平均值恰好与d相等。

(3)为精确测量该电热丝的电阻Rx,设计了如图(c)所示的实验电路图。现有实验器材：

电池组E,电动势为15V,内阻忽略不计;

电压表V(量程为3V,内阻为Rv=3kQ)；

电流表A(量程为12mA,内阻比较小)；

定值电阻Ro（阻值可选用3kQ和9kO）；

滑动变阻器R,最大阻值为50。；

开关、导线若干。

①要求电热丝两端的电压可在0〜12V的范围内连续可调,应选用阻值为（填“3kO”或“9kO”）

的定值电阻Ro；

②闭合开关S,调节滑动变阻器R,使电压表V和电流表A的示数尽量大些，读出此时电压表V和电

流表A的示数分别为U、I,则该电热丝电阻的表达式为Rx=（用U、I、Ro、

Rv表示，不得直接用数值表示）；

③多次测量得到电热丝的电阻Rx的平均值，计算得出电热丝的电阻率。

17.小梦同学自制了一个两挡位（“Xl”“X10”）的欧姆表，其内部结构如图所示，Ro为调零电阻（最大

阻值为Rom）,Rs、Rm、Rn为定值电阻（Rs+R0m<Rm<Rn）,电流计G的内阻为RG（RS«RG）=用此

欧姆表测量一待测电阻的阻值，回答下列问题：

（1）短接①②，将单刀双掷开关S与m接通，电流计G示数为Im；保持电阻Ro滑片位置不变，将单

刀双掷开关S与n接通，电流计G示数变为In,贝也mIn（填“大于”或“小于”）；

（2）将单刀双掷开关S与n接通，此时欧姆表的挡位为（填“XI”或“X10”）；

（3）若从“义1”挡位换成“义10”挡位，调整欧姆零点（欧姆零点在电流计G满偏刻度处）时，调

零电阻Ro的滑片应该调节（填“向上”或“向下”）；

（4）在“义10”挡位调整欧姆零点后，在①②间接入阻值为100。的定值电阻R1,稳定后电流计G的

指针偏转到满偏刻度的点取走Ri,在①②间接入待测电阻Rx,稳定后电流计G的指针偏转到满偏刻

18.某实验小组要测量一段金属丝的电阻率。

（1）某同学先用多用电表的欧姆挡粗测金属丝电阻，把选择开关调到“XI”挡，测量时多用电表的示

数如图甲所示，则该元件电阻为口=（A.im,B.110Q）；再用螺旋测微器测量金属丝的直径d,

其示数如图乙所示，则d=mm；

7

-N

L三

-45

一

一

1三40

一

h。-

三35

一

-/！

_3)0

甲乙

（2）为了精确测量金属丝电阻，小组成员甲同学根据实验室提供器材：滑动变阻器（阻值为。〜15。）、

电流表（阻值约为10。）、电压表（阻值约为3kQ）,要求从零开始测量数据,请选择正确的电路图

（3）正确连接好第（2）问中的电路，某次实验时，电压表的示数为U,电流表的示数为I,测得金属

丝的长为L,则金属丝电阻率「=；（用题中的符号U、I、L、d、IT表示）

（4）小组成员乙同学设计了如图丙所示电路测量该金属丝电阻率，稳压源的输出电压恒为Uo,定值电

阻的阻值为R,根据多次实验测出的aP长度x和对应的电压表的示数U作出的U-x图线，图线的斜

率为k,则金属丝的电阻率p==（用题中的符号k、R、d、Uo、L表示）

19.（1）在探究楞次定律的实验中，除需要已知绕向的螺线管、条形磁铁外，还要用到一个电表，请从下

列电表中选择。

A.量程为0~3V的电压表

B.量程为。〜3A的电流表

C.量程为0~0.6A的电流表

D.零刻度在中间的灵敏电流计

（2）某同学按下列步骤进行实验：

①将已知绕向的螺线管与电表连接；

②设计表格：记录将磁铁N、S极插入或抽出过程中引起感应电流的磁场方向、磁通量的变化、感应电

流的方向、感应电流的磁场方向；

③分析实验结果，得出结论。

上述实验中，漏掉的实验步骤是要查明的关系。

（3）在上述实验中，当磁铁插入螺线管的速度越快，电表指针偏角（选填“不变”“变大”

20.根据人体电阻的大小可以初步判断人体脂肪所占比例.

（1）实验小组用多用电表直接粗测人体电阻Rx,先把选择开关调至“X1k”挡，经欧姆调零后测量人

体电阻，指针偏转如图a所示：为了使测量结果更准确，应把选择开关调至（填“X100”

或“XIOk”）挡，经欧姆调零后再次测量，示数如图b所示，则人体电阻为k。；

（2）现用另外方案测量人体电阻，实验小组根据已有器材设计了一个实验电路.实验室提供的器材如

下：电压表V1（量程5V,内阻n=50.0k。），电压表V2（量程3V,内阻r2=30.0kO）,电流表A（量

程0.6A,内阻r=l。），滑动变阻器R（额定电流L5A,最大阻值50。），电源E（电动势6.0V,内阻

不计），开关S,导线若干，请帮助完成下列实验步骤：

①图中虚线框内缺少了一块电表，应选择,理由是；

②请把实验电路图补充完整；

③若步骤①中所选电表的示数为D,电压表Vi的示数为Ui,则待测电阻Rx

（用题中所给的物理量符号表达）。

2025年高考物理一轮复习之电学实验

参考答案与试题解析

一.选择题（共5小题）

1.小明同学用欧姆表测电阻，选择开关置于“X100”挡时，表针停在图中的100与500之间的中间位置

上。为了使测量结果比较精确，下列操作正确的是（）

A.直接读数并乘上100即可

B.换“X100”挡，无需重新欧姆调零

C.换“X1k”挡，需重新进行欧姆调零

D.选择任意挡都行，但需进行欧姆调零

【考点】练习使用多用电表（实验）.

【专题】实验题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题；理解能力.

【答案】c

【分析】用欧姆表测电阻时，如偏转角过小，说明选取的挡位太小，需换大挡位，使指针尽量指在中间

位置，换挡位后要进行欧姆调零。

【解答】解：发现指针指在欧姆挡刻度值为“100”的刻度线附近，偏转角小，说明选取挡位太小，则

应换用较大挡位，即选“XlkC”挡，换挡位后要进行欧姆调零。故C正确，ABD错误。

故选：Co

【点评】本题考查的是多用电表测电阻时的读数问题，需注意偏转角与挡位的问题。

2.电视机显像管的结构示意图如图所示，电子枪均匀发射的电子束经加速电场加速后高速通过偏转电场，

最后打在荧光屏上呈现光斑，在显像管偏转极板上加上不同的电压，光斑在荧光屏上呈现不同情况，以

上极板带正电时为正，下列说法正确的是（）

电手枪/

偏转（

A.若在偏转极板加上如图甲所示的偏转电场，则可以在荧光屏上看到一个固定的光斑

B.若在偏转极板加上如图乙所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏的O点下侧移动

C.若在偏转极板加上如图丙所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏上从上向下移动

D.若在偏转极板加上如图丁所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏上O点两侧做往复运动

【考点】示波器的使用；从能量转化与守恒的角度解决电场中的问题.

【专题】定性思想；推理法；带电粒子在电场中的运动专题；理解能力.

【答案】D

【分析】根据电子的受力情况分析电子的运动情况，从而分析电子在光屏上的现象

【解答】解：A.若在偏转极板加上如图甲所示的偏转电场，当电子是在正向电压时间段进入偏转电场，

在荧光屏上侧留下一个光斑；当电子是在反向电压时间段进入偏转电场，在荧光屏下侧留下一个光斑;

可以看到荧光屏的。点上侧、下侧各一个光斑。故A错误；

B.若在偏转极板加上如图乙所示的偏转电场，电子一直向上偏转，可以看到一个光斑在荧光屏0点上

方移动，故B错误；

C.若在偏转极板加上如图丙所示的偏转电场，电子先向下偏转再向上偏转，可以看到一个光斑在荧光

屏上从下向上移动，故C错误；

D.若在偏转极板加上如图丁所示的正弦式偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏上0点两侧做往复

运动，故D正确。

故选：D。

【点评】此题属于知识应用性题目，结合实际问题讨论电子运动情况，需要较强的逻辑思维和知识构架，

难度适中。

3.如图甲所示，某同学在研究电磁感应现象时，将一线圈两端与电流传感器相连，强磁铁从长玻璃管上

端由静止下落，电流传感器记录了强磁铁穿过线圈过程中电流随时间变化的图像，t2时刻电流为0,如

图乙所示。下列说法正确的是（）

寻一强磁铁

电

流Ai/A

传

感

器

A.在t2时刻，穿过线圈的磁通量的变化率为0

B.在ti到t2时间内，强磁铁的加速度大于重力加速度

C.强磁铁穿过线圈的过程中，受到线圈的作用力先向上后向下

D.在tl到t3的时间内，强磁铁重力势能的减少量等于其动能的增加量

【考点】研究电磁感应现象.

【专题】定量思想；图析法；电磁感应与电路结合；推理能力.

【答案】A

【分析】根据电流的关系得出电动势的关系，结合法拉第电磁感应定律得出磁通量的变化率关系；

根据楞次定律结合牛顿第二定律得出磁铁的加速度与重力加速度的关系；

根据“来拒去留”分析出线圈受到的作用力的方向；

理解电磁感应现象中的能量转化关系。

【解答】解：A.t2时刻电流为0,说明感应电动势为零，根据法拉第电磁感应定律E=n羿可知穿过

线圈的磁通量的变化率为0,故A正确；

B.由“来拒去留”可知在ti到t2时间内，强磁铁受到线圈向上的作用力F,且初始阶段有F小于重力，

根据牛顿第二定律可得：

_mg—F

-m

由此可知初始阶段强磁铁的加速度小于重力加速度，故B错误；

C.由“来拒去留”可知强磁铁穿过线圈的过程中，受到线圈的作用力始终向上，故C错误；

D.在ti到t3的时间内，强磁铁重力势能的减少量等于其动能的增加量加上线圈的内能的增加量，故D

错误。

故选：Ao

【点评】本题主要考查了电磁感应现象的相关应用，能根据楞次定律分析出线圈的作用力方向，掌握运

动过程中的能量转化关系即可完成分析。

4.某同学利用图甲所示电路观察电容器的充电和放电现象，计算机屏幕显示出放电过程的I-t图像如图

乙所示。下列说法正确的是（）

A.电容器放电时电子由b向a通过电阻

B.电容器放电过程中电阻R两端电压逐渐增大

C.将电阻R换成阻值更大的电阻，放电时间变长

D.若R=20C,则可知电源电动势E=80V

【考点】观察电容器及其充、放电现象；电容的概念与物理意义.

【专题】定量思想；实验分析法；电容器专题；实验能力.

【答案】C

【分析】根据电容器极板带电性质分析判断通过电阻R的电流方向，从而判定电子的运动方向；

根据欧姆定律分析电阻R两端电压的变化；

若串联电阻更大放电的时间会变长；

根据欧姆定律和题图数据求电动势。

【解答】解：A、开关S接1时电源给电容器充电后上极板带正电，开关S接2时，电容器放电，电流

由极板正极流过电阻R到负极板，而电子的移动方向与电流方向相反，则电子由a向b通过电阻R,故

A错误；

B、电容器放电过程中电流逐渐减小，根据欧姆定律U=IR,可知电阻R两端电压逐渐减小，故B错误；

C、若R增大，总电量q不变，则对电流阻碍作用增大，即电流减小，由q=It可知放电时间会边长，

故C正确；

3

D、由题意可知，电源的电动势：E=ImR=4X10X20V=80mV,故D错误。

故选：Co

【点评】本题考查电容器的充放电，注意电流一时间图像曲线与坐标轴所围的面积表示电荷量。

5.如图所示是探究电源电动势和电源内、外电压关系的实验装置，下部是可调节内阻电池。升高或降低

挡板，可改变A、B两电极间电解液通道的横截面积，从而改变电池内阻。电池的两极A、B与电压传

感器2相连，位于两个电极内侧的探针a、b与电压传感器1相连，R是滑动变阻器。下列说法正确的

是（）

电压传感器2

A.断开开关S,传感器1的示数为零，传感器2的示数小于电源电动势

B.闭合开关S,在将挡板向上提升的过程中，传感器2的读数将变小

C.闭合开关S,无论R的滑片如何移动，传感器1和传感器2的示数之和总不变

D.闭合开关S,当把滑动变阻器R的滑片向左移动到阻值为零时，传感器1的示数为零，传感器2的

示数等于电源电动势

【考点】测量普通电源的电动势和内阻.

【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题；推理能力.

【答案】C

【分析】断开开关S,电源处于断路状态，电源内电压为零，电源外电压等于电源电动势；将挡板上提，

A、B两电极间电解液通道的横截面积变大，根据电阻定律分析电源内阻的变化，由闭合电路欧姆定律

分析电压传感器2的示数的变化;根据闭合电路欧姆定律分析传感器1的示数与传感器2的示数的关系；

电源电动势在数值上等于内电压与外电压之和；当把电阻R的滑臂向左移动到阻值为零时，电源处于

短路状态，外电压为零，内电压等于电源电动势。

【解答】解：A、断开开关S,电源处于断路状态，电源内电压为零，即传感器1的示数为零，电源外

电压（即传感器2的示数）等于电源电动势，故A错误；

B、闭合开关S,将挡板上提，A、B两电极间电解液通道的横截面积变大，根据电阻定律：R=P率

可知电源内阻变小。由闭合电路欧姆定律可得外电压（即电压传感器2的示数）为：（/%=言以可

知电压传感器2的示数变大，故B错误；

C、电源电动势在数值上等于内电压与路端电压之和，即传感器1和传感器2的示数之和等于电源电动

势，故其示数之和保持不变，故C正确。

D、当把电阻R的滑臂向左移动到阻值为零时，外电路电阻为0（即电源短路），外电压（即电压传感

器2的示数）为零，内电压（即电压传感器1的示数）等于电源电动势，故D错误。

故选：Co

【点评】本题考查了电源的电动势与内、外电压的关系，闭合电路欧姆定律得应用。掌握电源电动势在

数值上等于内电压与外电压之和，内电压与外电压之比等于电源内阻与电路外电阻之比。

二.多选题（共3小题）

（多选）6.关于高中物理的学生实验，下列说法正确的是（）

A.验证动量守恒定律时，两碰撞小球的直径必须相等

B.探究气体等温变化的规律实验中，不慎将活塞拔出，无需废除之前获得的数据，将活塞塞入重新实

验即可

C.探究影响感应电流方向的因素时，甲同学在断开开关时发现灵敏电流计指针向右偏转，则开关闭合

后将滑动变阻器的滑片向右滑动（如图），电流计指针向右偏转。

D.在用单摆测量重力加速度的实验中，为了使摆的周期大一些，以方便测量，拉开摆球时，使摆角大

些

【考点】研究电磁感应现象；验证动量守恒定律；用单摆测定重力加速度.

【专题】定性思想；推理法；单摆问题；电磁感应与电路结合；气体的状态参量和实验定律专题；推理

能力.

【答案】AC

【分析】验证动量守恒定律时，两碰撞小球的直径必须相等，碰撞小球质量大于被碰小球；探究气体等

温变化的规律实验中，需要保证气体质量不变；根据磁通量变化与电流表指针变化关系解答；根据单摆

周期公式判断。

【解答】解：A.验证动量守恒定律时，为了使小球发生对心碰撞，两碰撞小球的直径必须相等，故A

正确；

B.探究气体等温变化的规律实验中，不慎将活塞拔出，气体质量发生变化，需废除之前获得的数据，将

活塞塞入重新实验，故B错误；

C.甲同学在断开开关时，磁通量减少，灵敏电流计指针向右偏转，开关闭合后将滑动变阻器的滑片向右

滑动（如图）时，B中变阻器接入电路的电阻变大，通过B的电流减小，穿过A的磁通量减少，电流

计指针向右偏转，故C正确；

D.根据T=2兀僧可知在摆角小于5。时，摆的周期与摆角无关，故D错误；

故选：AC»

【点评】本题主要考查对验证动量守恒定律、探究气体等温变化的规律、探究影响感应电流方向的因素、

用单摆测量重力加速度的实验的理解，根据各实验原理解答。

（多选）7.“探究影响感应电流方向的因素”的实验示意图如图所示：灵敏电流计和线圈组成闭合回路，

通过“插入”、“拔出”条形磁铁，使线圈中产生感应电流。记录实验过程中的相关信息，分析得出楞次

A.实验时必须保持磁铁运动的速率不变

B.该实验需要知道线圈的绕向

C.该实验需要记录磁铁的运动方向

D.该实验需要判断电流计指针偏转方向与通入电流方向的关系

【考点】研究电磁感应现象.

【专题】信息给予题；定性思想；推理法；电磁感应一一功能问题；理解能力.

【答案】BCD

【分析】根据“探究影响感应电流方向的因素”的实验原理分析。

【解答】解：A.该实验无需保持磁铁运动的速率不变，故A错误；

B.该实验需要记录磁铁在线圈中的磁场方向，才能得到磁场的变化与感应电流的方向关系，故B正确;

C.该实验必需记录感应电流产生的磁场方向，这样才能知道感应电流的磁场方向与原磁场方向的关系,

故C正确;

D.该实验需要确认电流计指针偏转方向与通过电流计的电流方向的关系才能知道产生的感应电流的具

体的方向，故D正确。

故选：BCDo

【点评】本题考查了“探究影响感应电流方向的因素”的实验，理解实验原理是解题的前提。

（多选）8.如图所示是探究电源电动势和电源内、外电压关系的实验装置，下部是可调节内阻电池，升

高或降低挡板，可改变A,B两电极间电解液通道的横截面积，从而改变电池内阻，电池的两极A,B

与电压传感器2相连，位于两个电极内侧的探针a,b与电压传感器1相连，R是滑动变阻器。下列说

法正确的是（）

A.断开开关S,传感器1的示数为零，传感器2的示数等于电源电动势

B.闭合开关S,在将教板向上提升的过程中，传感器2的读数将变小

C.闭合开关S,无论R的滑片如何移动，传感器1和传感器2的示数之和总不变

D.闭合开关S,当把滑动变阻器R的滑片向左移动到阻值为零时，传感器1的示数为零，传感器2的

示数等于电源电动势

【考点】测量普通电源的电动势和内阻.

【专题】信息给予题；定性思想；推理法；恒定电流专题；理解能力.

【答案】AC

【分析】电压传感器1测的是电源的内电压，电压传感器2测的是路端电压；将挡板上提，横截面积变

大，根据电阻定律和欧姆定律进行分析；明确开关断开，外电路为开路，滑动变阻器的滑动片位于左端

时，外电路短路。

【解答】解：A.当S断开时，电路中电流为0,故内阻分压为0,外电压等于电源电动势，故A正确；

B.将挡板上提，横截面积变大，根据电阻定律r=p*可知，电源内阻变小；

根据闭合电路欧姆定律/=急

K-VT

电压传感器2测的是路端电压，根据欧姆定律，路端电压［/=/夫=照，

即电压传感器2的示数变大，故B错误；

C.电压传感器1测的是电源的内电压，闭合S,传感器1和传感器2的示数之和等于电源电动势，其示

数之和保持不变，故C正确；

D.闭合S,当把滑动变阻器R的滑片向左移动到阻值为零时，外电路电阻为0,电压传感器2的示数为

0,电压传感器1的示数等于电源电动势，故D错误。

故选：ACo

【点评】本题考查了探究电源电动势和电源内、外电压关系的实验，明确两电压传感器所测的电压是解

题的关键；理解外电路断开和外电路短路时两电压传感器示数的含义。

三.填空题(共4小题)

9.(1)一根粗细均匀的金属丝，当其两端电压为U时，通过的电流是I。若将此金属丝均匀拉长到原来的

2倍时，电流仍为I,金属丝两端所加的电压应为4U。

(2)有一个满偏电流为100mA的毫安表，电表内阻为9Q,现将该毫安表的量程扩大至0.6A,则应并

联一个阻值为1.8/的电阻。

(3)如图所示为一双量程电压表的示意图，已知电流表G的量程为。〜10mA,内阻为60。，图中串联

的分压电阻Ri=440Q,贝I]R2=1000

o0oAiB

+5V15V

【考点】电表的改装和应用(实验)；串联电路的特点及应用.

【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题；分析综合能力.

【答案】(1)4U；(2)1.8；(3)1000o

【分析】(1)根据电阻定律先求解金属丝变化后的电阻和原来电阻值的比较，然后再由欧姆定律求电压;

(2)根据并联分流原理改装电流表，列式求解；

(3)根据串联分压的原理改装电压表，并根据所给数据列式求解。

【解答】解：(1)根据题意，金属丝原来的电阻

R=p(，U=IR,

金属丝均匀拉长到原来的2倍，电阻

,2L

R，=p—=4p^L=4R,

2

根据欧姆定律，所加电压

U'=IR'=IX4R=4U。

(2)根据并联电路的特点

IgRg=(I-Ig)Rx

代入Ig=100mA,Rg=9。，I=0.6A解得

Rx=1.8(1；

（3）根据串联电路的特点

改装为量程为U2=15V的电压表时，有

Ig（Rg+Ri+R2）=U2

代入Ig=10mA,Rg=60Q,Ri=440ft,

解得R2=1000Q

故答案为：（1）4U；（2）1.8；（3）1000o

【点评】熟练掌握电阻定律和电表的改装原理，并能进行相关应用。

10.高性能混凝土是一种新型高技术的混凝土，广泛应用于建筑工程中，某同学对高性能混凝土的电阻产

生了兴趣，决定设计一个精密测量电阻的电路来完成测量。该同学设计的电路如图1所示，图中E为

电源（电动势为3V,内阻不计）、待测混凝土样本电阻Rx、滑动变阻器Ro（0—100。）、滑动变阻器

R2（0〜100。）、滑动变阻器Ri（0-4700。）、电流表A（量程5mA）、电压表V（量程3V）、灵敏电流

计G（量程lOO^A）,开关Si、S2,导线若干。

图3

(1)该同学按电路图连接图2,请指出实物图连线①②③中连接错误的是①②③。

(2)电路连线改正后，实验过程如下：

1

①S2断开、Si闭合，调节Ro的滑动触头，使电流表A的示数大于量程的§

②将R2调成最大阻值，闭合S2,调节R1的滑动触头，使灵敏电流计G示数为零

③断开S2,将R2电阻调为零，使S2断续接通，并仔细调节R1,使灵敏电流计G示数为零

④记录电压表U、电流表I的读数

⑤移动滑动变阻器Ro的滑动触头，重复步骤②〜④，再测四组U、I的读数。

在步骤②中“将R2调成最大阻值”作用是保护灵敏电流计G

(3)实验数据如表：

U(V)1.501.742.002.242.50

I3.023.504.014.494.99

(mA)

请根据表中数据，在方格纸上作出U-I图线，利用图线求出该待测混凝土样本电阻Rx=」QQ(保

留三位有效数字)。

(4)和伏安法测电阻相比，上述实验方法测得的电阻值误差更小，简要说明原因电压表测量的电压

始终等于待测电阻两端的电压，电压表不会分流。

【考点】伏安法测电阻.

【专题】实验题；实验探究题；定量思想；实验分析法；恒定电流专题；分析综合能力.

【答案】故答案为：(1)①②③；(2)保护灵敏电流计G；(3)U-I图线见解答；500；(4)电压表测

量的电压始终等于待测电阻两端的电压，电压表不会分流。

【分析】(1)由实验原理图判断得解；

(2)由R2的作用得解；

(3)描点连线得解；由U-I图象的斜率含义得解；

(4)由误差分析得解。

【解答】解：(1)根据该同学按电路图连接图2,实物图中连线①应该接在滑动变阻器R2的右上端；

连线②应该接在滑动变阻器R1的右下端;连线③应该接在电流表的负接线柱上;故①②③连接均错误。

(2)由实验原理图可知，由于R2串联在电路中当限流电阻使用，故其作用是保护灵敏电流计G；

(3)作出U-I图线如图：

u/v

（4）该实验方法测得的电阻值误差更小，原因是电压表测量的电压始终等于待测电阻两端的电压，电

压表不会分流。

故答案为：（1）①②③；（2）保护灵敏电流计G；（3）U-I图线见解答；500；（4）电压表测量的电压

始终等于待测电阻两端的电压，电压表不会分流。

【点评】本题主要考查电阻的测量，熟悉电阻的测量是解题的关键，难度一般。

11.（1）物理实验小组用如图（a）所示的装置，探究加速度与力、质量的关系。现研究质量不变的情况

下，加速度与力的关系。

弹簧测力计

纸,打点计时器

B-

Xoo

槽码□D

图（a）

2.003.966.027.9810.0111.99

图（b）图（c）

①关于本实验，下列说法正确的是ACo

A.必须平衡摩擦力

B.必须控制槽码质量不变

C.必须控制小车质量不变

D.必须保证槽码的质量远小于小车的质量

②某