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文档简介
2021-2022学年高一物理下期末模拟试卷注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、如图所示,长为L的细绳一端固定在O点,另一端拴住一个小球.在O点的正下方与O点相距的地方有一枚与竖直平面垂直的钉子A.把球拉起使细绳在水平方向伸直,由静止开始释放,当细绳碰到钉子后的瞬间(细绳没有断),下列说法正确的是A.小球的向心加速度突然增大到原来的3倍B.小球的线速度突然增大到原来的3倍C.小球的角速度突然增大到原来的1.5倍D.细绳对小球的拉力突然增大到原来的1.5倍2、(本题9分)两个带等量正电的点电荷,固定在图中P、Q两点,MN为PQ连线的中垂线,交PQ于O点,A为MN上的一点.一带负电的试探电荷q,从A点由静止释放,只在静电力作用下运动,取无限远处的电势为零,则A.q由A向O的运动是匀加速直线运动B.q由A向O运动的过程电势能逐渐增大C.q运动到O点时的动能最大D.q运动到O点时电势能为零3、如图所示,一平底试管,管内放一质量为m的球,现驱使试管绕开口端在竖直平面内匀速转动,若通过最高点时,小球对管底刚好无压力,则通过最低点时,小球对管底的压力大小为:()A.mg B.2mg C.3mg D.6mg4、(本题9分)如图所示,在匀速转动的圆筒内壁上紧靠着一个物体,物体随筒一起转动,物体所需的向心力由下面哪个力来提供()A.重力 B.弹力C.静摩擦力 D.滑动摩擦力5、(本题9分)下列关于经典力学的说法不正确的是A.自由落体运动规律属于经典力学B.行星运动定律属于经典力学C.牛顿运动定律属于经典力学D.经典力学没有局限性,适用于所有领域6、M、N是一对水平放置的平行板电容器,将它与一电动势为E,内阻为r的电源组成如图所示的电路,R是并联在电容器上的滑动变阻器,G是灵敏电流计,在电容器的两极板间有一带电的油滴处于悬浮状态,如图,下列说法正确的是A.打开S后,使两极板靠近,则微粒将向上运动B.打开S后,使两极板靠近,则微粒仍保持静止C.保持开关S闭合,将滑动变阻器的滑片向上滑动,灵敏电流计中有从a向b的电流D.保持开关S闭合,将滑动变阻器的滑片向上滑动,灵敏电流计中有从b向a的电流7、两个完全相同的金属小球(可视为点电荷),带电荷量之比为3:7,相距为r。现将两小球接触后再放回原来的位置上,则此时小球间的库仑力与接触前之比可能为A.4:21 B.4:25 C.2:5 D.25:218、(本题9分)2017年10月16日,南京紫金山天文台对外发布一项重大发现,我国南极巡天望远镜追踪探测到首例引力波事件光学信号,关于引力波,早在1916年爱因斯坦基于广义相对论预言了其存在,1974年拉塞尔豪尔斯和约瑟夫泰勒发现豪尔斯-泰勒脉冲双星,这双星系统在相互公转时,由于不断发射引力波而失去能量,因此逐渐相互靠近,这现象为引力波的存在提供了首个间接证据,上述叙述中,若不考虑豪尔斯-泰勒脉冲双星质量的变化,则关于豪尔斯-泰勒脉冲双星的下列说法正确的是()A.脉冲双星逐渐靠近的过程中,它们相互公转的周期逐渐变小B.脉冲双星逐渐靠近的过程中,它们相互公转的周期不变C.脉冲双星逐渐靠近的过程中,它们各自做圆周运动的半径逐渐减小,但其比值保持不变D.若测出脉冲双星相互公转的周期,就可以求出双星的总质量9、某工地上,工人将放在地面上一重10N的箱子吊起。箱子在绳的拉力作用下由静止开始竖直向上运动,运动过程中箱子的机械能E与其位移x的关系图象如图所示,其中0〜5m过程的图线为曲线,5m〜15m过程的图线为直线。根据图象可知A.0〜5m过程中箱子所受的拉力逐渐减小B.0〜15m过程中箱子的动能一直增加C.在位移为15m时,拉力F=20ND.在位移为15m时,拉力F=10N10、(本题9分)如图,两小木块a和b(可视为质点放在水平圆盘上,a与转轴的距离为l,质量为m,b与转轴的距离为2l,质量为m,木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍,重力加速度大小为g。若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动,用表示圆盘转动的角速度,下列说法正确的是()A.a一定比b先开始滑动B.a、b所受的摩擦力始终相等C.是a开始滑动的临界角速度D.当b即将滑动时,a所受摩擦力的大小为二、实验题11、(4分)有一个额定电压为2.8V,功率约为0.8W的小灯泡,现要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线,有下列器材供选用:A.电压表(0~3V,内阻约为6kΩ)B.电压表(0~15V,内阻约为30kΩ)C.电流表(0~3A,内阻约为0.1Ω)D.电流表(0~0.6A,内阻约为0.5Ω)E.滑动变阻器(10Ω,5A)F.滑动变阻器(200Ω,0.5A)G.蓄电池(电动势6V,内阻不计)(1)请设计合适的电路,在空白方框内画出正确的电路图________________。按设计的电路图进行测量,电压表应选用______,电流表应选用________________,滑动变阻器应选用__________________。(用序号字母表示)(2)通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图所示。由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为____________Ω。12、(10分)(本题9分)在做“验证机械能守恒定律”的实验时,某同学选择一条如图所示的纸带,以O为起点,从A点开始选取纸带上连续点A、B、C…,测出O到A、B、C…的距离分别为h1、h2、h3…,所用交流电源的频率为f.(1)为减少阻力对实验的影响,下列操作不可行的是________.A.下落的重物选用铁质重锤B.安装打点计时器时,应使两限位孔在同一竖直线上C.释放纸带前,手应提住纸带上端并使纸带保持竖直D.重锤下落中,手始终提住纸带上端,保持纸带竖直(2)打B点时,重锤的速度vB=________.(3)该同学用实验测得数据画出的v2-h图象如图所示.图线不过坐标原点的原因是__________________.
参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、A【解析】
B.小球摆下后由机械能守恒可知:,因小球下降的高度相同,故小球到达最低点时的线速度相同,故B错误.C.由于半径变为原来的,根据v=rω可得,小球的角速度突然增大到原来的3倍,故C错误.A.根据,可知半径变为原来的,向心加速度突然增大到原来的3倍,故A正确.D.在最低点由:,可得,半径改变前,半径变为原来的时,可知,则拉力变为原来的倍;故D错误.2、C【解析】试题分析:两等量正电荷周围部分电场线如右图所示:其中P、Q连线的中垂线MN上,从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小,且方向始终指向无穷远方向,故试探电荷所受的电场力是变化的,q由A向O的运动做非匀加速直线运动,故A错误;电场力方向与AO方向一致,电场力做正功,电势能逐渐减小,故B错误;从A到O过程,电场力做正功,动能增大,从O到N过程中,电场力做负功,动能减小,故在O点试探电荷的动能最大,速度最大,故C正确;取无限远处的电势为零,从无穷远到O点,电场力做正功,电势能减小,则q运动到O点时电势能为负值,故D错误考点:电势能【名师点睛】本题考查静电场的基本概念.关键要熟悉等量同种点电荷电场线的分布情况,根据等量同种点电荷电场线的分布情况,抓住对称性,分析试探电荷q的受力情况,确定其运动情况,根据电场力做功情况,分析其电势能的变化情况.3、D【解析】
通过最高点时小球对管底刚好无压力,则重力提供向心力,设最高点速度为v0即:移项得:运动到最低点的过程中,设最低点速度为v,由动能定理得:即:设在最低点时轨道对其支持力为N,则:即:A.描述与分析不符,故A错误.B.描述与分析不符,故B错误.C.描述与分析不符,故C错误.D.描述与分析相符,故D正确.4、B【解析】
物体做匀速圆周运动,合力指向圆心,对物体受力分析,受重力、向上的静摩擦力、指向圆心的支持力,如图:其中重力G与静摩擦力平衡,支持力提供向心力,故选项B正确.【点睛】本题关键是对物体进行受力分析,确定向心力来源问题,知道向心力可以某个力提供也可以由某几个力的合力提供,也可以由某个力的分力提供.5、D【解析】
A.自由落体运动遵守牛顿运动定律,其规律属于经典力学,故A正确;B.行星运动定律遵守牛顿运动定律,其规律属于经典力学,故B正确;C.牛顿运动定律是经典力学的核心理论,属于经典力学,故C正确;D.经典力学有一定的局限性,适用于宏观、低速运动的物体,不适用于高速、微观的物体,故D错误.6、BC【解析】
AB、打开S之前,由于带电的油滴处于悬浮状态,则有,打开S后,电容器的两极板所带电量保持不变,根据,,可得,使两极板靠近,电容器的两极板间的电场强度不变,所以带电的油滴仍保持静止,故选项B正确,A错误;CD、电容器两极板间的电压,当将滑动变阻器的滑片向上滑动时,增大,增大,电容器的电量增加,处于充电状态,灵敏电流计中有电流,由于电容器上板带正电,则灵敏电流计中有从向的电流,故选项C正确,D错误。7、AD【解析】
由库仑定律可得F=kQqA.4:21与分析相符,故A项与题意相符;B.4:25与分相不相符,故B项与题意不相符;C.2:5与分相不相符,故C项与题意不相符;D.25:21与分析相符,故A项与题意相符。8、AC【解析】根据万有引力提供向心力,距离关系为:,有:,联立解得:,因为双星间的距离减小,则双星相互公转的周期逐渐变小,故A正确,B错误;根据万有引力提供向心力,即m1r1=m2r2,可知轨道半径比等于质量之反比,因质量不变,所以脉冲双星逐渐靠近的过程中,它们各自做圆周运动的半径逐渐减小,但其比值保持不变,故C正确;由上可知,不知道双星间的距离,也就无法求出总质量,故D错误.所以AC正确,BD错误.9、AD【解析】
A.据功能关系,物体机械能的变化等于重力以外其它力做的功;据可知,机械能E与其位移x的关系图象切线斜率表示箱子所受拉力;由图象得,0〜5m过程中箱子所受的拉力逐渐减小.故A项正确.BCD.由图象得,0〜5m过程中箱子所受的拉力逐渐减小,5〜15m过程中箱子所受拉力;0〜5m过程中箱子所受的拉力大于重力,箱子的动能增加;5〜15m过程中箱子所受的拉力等于重力,箱子的动能不变.故BC两项错误,D项正确.10、CD【解析】
AB.两个木块的最大静摩擦力相等。木块随圆盘一起转动,静摩擦力提供向心力,由牛顿第二定律得:木块所受的静摩擦力f=mω2r,m、ω相等,f∝r,所以b所受的静摩擦力大于a的静摩擦力,当圆盘的角速度增大时b的静摩擦力先达到最大值,所以b一定比a先开始滑动,故AB错误;C.当a刚要滑动时,有kmg=mω2•l,解得:故C正确;D.当b刚要滑动时,有kmg=mω2•2l,解得:以a为研究对象,当时,由牛顿第二定律得:f=mω2l,可解得:故D正确。故选CD。二、实验题11、ADE10【解析】
(1)[1]实验要求多组数据,电压表测量小灯泡两端电压,电流表测量通过灯泡的电流,灯泡的电阻和电流表的内阻相接近,所以采用电流表的外接法,并且小灯泡两端的电压需要从零开始,故选用滑动变阻器的分压接法,电路图如图所示:[2]小灯泡的额定电压为2.8V,故选电压表A;[3]额定电压为2.8V,功率约为0.8W的小灯泡,额定电流I=0.29A,为了减小误差,故电流表选择D;[4]为了便于操作,滑动变阻器选用E,否则滑动变阻器最大阻值过大,操作时滑片移动较大距离而引起电压变化不明显;(2)[5]灯泡在正常工作时的电压U=2.8V时的电流为I=0.28A,故根
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