2024年新教材高中物理期中达标检测卷新人教版选择性必修第一册

期中达标检测卷(考试时间：60分钟满分：100分)班级：________座号：________姓名：________分数：________一、选择题(1～7题为单选题，8～10题为多选题，每小题6分，共60分)1．物体的质量与速度的乘积叫动量，在国际单位制中动量的单位是()A．N·m B．kg·mC．kg·m/s D．kg·m/s2【答案】C【解析】由动量表达式p＝mv，质量的国际单位为kg，速度的国际单位为m/s，可知动量的国际单位为kg·m/s，C正确，A、B、D错误．2．汽车平安性能是汽车品质的重要指标．当汽车以50km/h左右的速度撞向刚性壁障时，撞击使汽车的速度瞬间变到0，壁障对汽车产生了极大的冲击力．“轰”的一声巨响之后，载着模拟司乘人员的崭新轿车挤眼间被撞得短了一大截，平安气囊打开，将司乘人员分隔在驾驶前台和座椅之间．下列说法正确的是()A．碰撞试验中，汽车受到的冲击力只和汽车速度有关B．碰撞试验中，汽车受到的冲击力只与汽车质量有关C．碰撞试验中，平安气囊的作用是削减司乘人员的动量变更量D．碰撞试验中，平安气囊的作用是通过增加作用时间来削减司乘人员受到的冲击力【答案】D【解析】依据Ft＝mΔv可知冲击力与速度和质量及作用时间均有关，A、B错误；平安气囊的作用是增加作用时间，减小冲击力，C错误，D正确．3．如图为跳水运动员从起跳到落水过程的示意图，运动员从最高点到入水前的运动过程记为Ⅰ，运动员入水后到最低点的运动过程记为Ⅱ，忽视空气阻力，则运动员()A．过程Ⅰ的动量变更量等于零B．过程Ⅰ的动量变更量等于重力的冲量C．过程Ⅱ的动量变更量等于零D．过程Ⅱ的动量变更量等于重力的冲量【答案】B【解析】过程Ⅰ中只受重力，动量变更量等于重力冲量，故不为零，A错误，B正确；过程Ⅱ的入水速度不等于零，末速度为零，因此动量变更量不等于零，C错误；过程Ⅱ中，受重力和水的阻力，动量变更量等于合力的冲量，D错误．4．如图甲所示，悬挂在竖直方向上的弹簧振子，在C、D两点之间做简谐运动，O点为平衡位置．振子到达D点时起先计时，以竖直向上为正方向，一个周期内的振动图像如图乙所示，下列说法正确的是()A．振子在O点受到的弹簧弹力等于零B．振子在C点和D点的回复力相同C．t＝0.3s时，振子的速度方向为竖直向上D．t＝0.5s到t＝1.5s的时间内，振子通过的路程为3cm【答案】C【解析】弹簧振子在平衡位置(O点)的回复力为零，通过受力分析可知，弹簧弹力等于振子所受的重力，A错误；弹簧振子的回复力大小与偏离平衡位置的位移大小成正比，由于OC＝OD，则振子在C点和D点的回复力大小相等，方向不同，B错误；依据题图乙可知，t＝0.3s时，振子的速度方向为竖直向上，C正确；t＝0.5s到t＝1.5s的时间内，振子通过的路程为6cm，D错误．5．如图所示，小球在半径为R的光滑球面上的A、B之间作小角度的来回运动，则()A．小球的质量越大，其振动的频率越大B．OA、OB之间夹角越小，小球振动的频率越小C．球面半径R越大，小球振动的频率越小D．将整个装置移至我国空间站“天和”核心舱中，小球振动的频率减小【答案】C【解析】由于小球在半径为R的光滑球面上的A、B之间作小角度的来回运动，所以小球的运动可以视为简谐运动，小球振动周期T＝2πeq\r(\f(R,g))，则小球振动的频率f＝eq\f(1,T)＝eq\f(1,2π)eq\r(\f(g,R))，可见小球振动的频率只与g和R有关，在同一地点R越大，小球振动的频率越小，A、B错误，C正确；将整个装置移至我国空间站“天和”核心舱中，小球在完全失重状况下，重物不能下滑，该试验不能进行，D错误．6．如图所示为单摆做阻尼振动的位移x随时间t变更的图像，t1、t2时刻的位移大小均为2cm，t3时刻的位移大于2cm.关于摆球在t1、t2和t3时刻的速度、重力势能、动能、机械能的分析，下列说法正确的是()A．摆球在t1时刻的机械能等于t2时刻的机械能B．摆球在t1时刻的动能等于t2时刻的动能C．摆球在t1时刻的重力势能等于t2时刻的重力势能D．摆球在t3时刻的速度大于t2时刻的速度【答案】C【解析】由于阻力做功，摆球在t1时刻的机械能大于t2时刻的机械能，A错误；摆球在t1时刻的速度大于t2时刻的速度，所以摆球在t1时刻的动能大于t2时刻的动能，B错误；摆球在t1时刻到最低点的高度等于t2时刻到最低点的高度，所以摆球在t1时刻的重力势能等于t2时刻的重力势能，C正确；摆球在t3时刻的速度等于零，t2时刻的速度不等于零，所以摆球在t3时刻的速度小于t2时刻的速度，D错误．7．如图所示，在光滑的水平面上有一物体M，物体上有光滑的半圆弧轨道，最低点为C，两端A、B一样高．现让小滑块m从A点由静止下滑，则()A．m不能到达B点B．m从A到C的过程中M向左运动，m从C到B的过程中M向右运动C．m从A到B的过程中M始终向左运动，m到达B的瞬间，M的速度为零D．M与m组成的系统机械能守恒，动量守恒【答案】C【解析】M和m组成的系统水平方向不受外力，动量守恒，没有摩擦，系统的机械能也守恒，所以依据水平方向动量守恒和系统的机械能守恒知，m恰能达到小车M上的B点，到达B点时小车与滑块的速度都是0，A错误；M和m组成的系统水平方向动量守恒，m从A到C的过程中以及m从C到B的过程中m始终向右运动，所以M始终向左运动，m到达B的瞬间，M与m速度都为零，B错误，C正确；小滑块m从A点静止下滑，物体M与滑块m组成的系统水平方向不受外力，水平动量守恒，竖直方向合外力不为零，竖直方向动量不守恒，故系统动量不守恒．没有摩擦，M和m组成的系统机械能守恒，D错误．8．劲度系数为20N/m的水平弹簧振子，它的振动图像如图所示，则图线上的P点反映出此时刻()A．弹簧振子的运动方向沿x轴正向B．弹簧振子的运动方向沿x轴负向C．由t＝0到图线上P点时刻振子所经过的路程为37.5cmD．由t＝0到图线上P点所示时刻的这段时间内，振子运动的位移为2.5cm【答案】AC【解析】P点稍后的时刻，质点的正向位移大于xP＝2.5cm，所以可以判定弹簧振子在时刻tP运动方向沿x轴正方向，B错误，A正确；由图像知，在0～3.5s这段时间内，振子所通过的路程为eq\f(7,4)×4×5cm＝35cm，3.5s末到tP的这段时间Δt内再通过2.5cm，所以路程s＝37.5cm，C正确；位移是矢量，振动的位移是指振动质点相对于平衡位置的距离，P点所在位置为＋2.5cm.但运动的位移则是指质点在某段时间的初、末两时刻位置的变更，在t＝0时刻振子在＋5cm处，在tP时刻振子在＋2.5cm处，所以其运动的位移为－2.5cm，其大小为2.5cm，方向沿x轴负方向，D错误．9．如图所示，滑块P套在固定的光滑横杆上，小球Q通过轻质细绳与滑块相连，将小球从图示位置释放，空气阻力忽视不计，下列说法正确的是()A．滑块和小球组成的系统动量守恒，机械能守恒B．滑块和小球组成的系统动量守恒，机械能不守恒C．滑块和小球组成的系统水平方向动量守恒D．滑块和小球组成的系统机械能守恒【答案】CD【解析】滑块和小球组成的系统水平方向受合外力为零，则水平方向动量守恒；由于只有重力做功，则系统的机械能守恒，A、B错误，C、D正确．10．如图甲所示，一弹簧振子在A、B间做简谐运动，O为平衡位置，图乙是弹簧振子做简谐运动时的位移—时间图像，则关于弹簧振子的加速度随时间的变更规律，下列四个图像中不正确的是() A B C D【答案】ABD【解析】依据简谐运动振子的加速度与位移的关系a＝－eq\f(kx,m)，得到t＝0时刻振子的加速度a＝0，而且在前半个周期内加速度为负值．简谐运动的x－t图像是正弦曲线，则a－t图像也是正弦曲线，C正确，A、B、D错误．二、非选择题(本大题4小题，共40分)11．(8分)惠更斯在推导出单摆的周期公式后，用一个单摆测出巴黎的重力加速度，小华同学受此启发，在学习完单摆的相关学问后，他想到用单摆等器材测量出学校所在地的重力加速度．在测量过程中，他用到了以下的器材：长约1m的细绳、小钢球、铁架台、刻度尺、游标卡尺、手机秒表等．(1)依据图甲所示装置组装好试验器材，用刻度尺测量摆线(悬点到摆球最顶端)的长度；用游标卡尺测定摆球的直径，测量结果如图乙所示，则该摆球的直径为______mm.(2)关于本试验，下列说法正确的是______．A．摆球应选用体积较小、质量较大的小球B．绳子的弹性越好越利于减小试验误差C．为了便于测量周期，摆角越大越好D．测量周期时，应从摆球到达最低点时起先计时(3)该同学测出不同摆长L和对应的周期T，并在坐标纸上作出T2－L图线如图丙所示，接着他计算出图线的斜率k，则学校所在地的重力加速度大小g＝________(用k和π表示)．【答案】(1)14.15(2)AD(3)eq\f(4π2,k)【解析】(1)游标卡尺的读数为14mm＋3×0.05mm＝14.15mm.(2)为了减小空气阻力对试验的影响应选择质量大、体积小的球，故A正确；要保证摆长不变，绳子不能选择弹性绳，故B错误；单摆周期公式在摆角很小时才成立，故C错误；测量周期时，应从摆球到达最低点时起先计时，故D正确．(3)依据T＝2πeq\r(\f(L,g))，得T2＝eq\f(4π2,g)L，斜率为k，则g＝eq\f(4π2,k).12．(8分)如图所示为“验证动量守恒定律”的装置示意图，弧形管道固定在铁架台上，末端系铅垂线．A、B是两个相同大小的钢球，直径为d，质量分别为m1、m2(m1>m2)，管道内径略大于钢球直径．B球用长为l的细线悬挂，通过调整悬点高度使其刚好位于管道末端出口处，使A球从某一高度沿管道滚下与B球正碰，碰撞后，B球绕悬点摇摆，最大摆角为θ，A球飞出后下落高度为H，落在水平地面上的P点，OP间的水平距离为s，已知当地重力加速度为g.(1)两球碰撞后瞬间，B球获得的速度大小可表示为__________________________(用题给符号表示)．(2)下列有关本试验的做法正确的是______．A．试验前调整管道末端水平，保证碰撞前、后A球水平飞出B．为测量A球碰前速度大小需记录小球从管道滚下的竖直高度C．利用铅垂线找到A球飞出时在水平地面上的投影点O，进而测量飞出的水平距离sD．本试验可以不测量速度的详细数值，因此不须要知道A球下落的高度H(3)在误差允许的范围内，两球碰撞过程中动量守恒．请写出碰前系统具有的总动量大小________________________________________________(用题给符号表示)．【答案】(1)eq\r(2g\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(l＋\f(d,2)))1－cosθ)(2)AC(3)m1seq\r(\f(g,2H))＋m2eq\r(2g\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(l＋\f(d,2)))1－cosθ)【解析】(1)两球碰撞后，B球由静止摆到题图示位置，依据机械能守恒定律得m2geq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(l＋\f(d,2)))(1－cosθ)＝eq\f(1,2)m2veq\o\al(2,2)，解得v2＝eq\r(2g\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(l＋\f(d,2)))1－cosθ).(2)本试验与平抛运动的学问相结合，将小球的速度测量转换成距离测量，简化试验操作和数据处理，因此试验前调整管道末端水平，保证碰撞前后A球做平抛运动，A正确；为测量A球碰前速度大小须要将A球单独释放，不与B球发生碰撞时，测量平抛运动的水平和竖直位移，假如通过记录小球从管道滚下的竖直高度，由于不知道管道的光滑程度，不能利用机械能守恒计算碰前速度，B错误；利用铅垂线找到A球飞出时在水平地面上的投影点O，进而测量飞出的水平距离s，C正确；本试验须要测量速度的详细数值，D错误．(3)依据动量守恒定律，两球碰撞过程中满意m1v1＝m1v1′＋m2v2.A球碰后的速度为v1′，依据平抛运动规律H＝eq\f(1,2)gt2，s＝v1′t，得v1′＝seq\r(\f(g,2H)).则碰前系统具有的总动量大小为m1v1＝m1v1′＋m2v2＝m1seq\r(\f(g,2H))＋m2eq\r(2g\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(l＋\f(d,2)))1－cosθ).13．(12分)如图所示，弹簧振子以O点为平衡位置，在B、C两点之间做简谐运动，B、C相距40cm，当振子经过B点时起先计时，经过1s，振子首次到达C点．求：(1)振子的振幅和频率；(2)振子在5s内通过的路程．【答案】(1)20cm0.5Hz(2)200cm【解析】(1)振子的振幅为平衡位置到B或者C的距离，即弹簧振子的振幅为A＝OB＝OC＝eq\f(1,2)BC＝20cm，弹簧振子从B到C经验了半个周期用时1s，即tBC＝eq\f(1,2)T