2021年高考临考预测物理试卷B湖北参考答案

2021年高考临考预测·物理试卷B（湖北）参考答案1.C【解析】由题可知，飞行器先加速再减速到零，且飞行器加速时的加速度大小是减速时的2倍，所以加速时图像的斜率是减速时的两倍。故选C。2.D【解析】原子核衰变过程系统动量守恒，由动量守恒定律可知，衰变生成的两粒子的动量方向相反，粒子速度方向相反，由左手定则可知，若生成的两粒子电性相反则在磁场中的轨迹为内切圆，若电性相同则在磁场中的轨迹为外切圆，所以该原子核发生的是α衰变，故A错误；核反应过程系统动量守恒，原子核原来静止，初动量为零，由动量守恒定律可知，原子核衰变生成的两核动量大小相等，方向相反，粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得qvB＝m，解得r＝＝，由于p、B相同，则粒子电荷量q越大，轨道半径越小，由于新核的电荷量大，所以新核的半径小于α粒子的轨道半径，所以径迹2是衰变后α粒子的运动轨迹，故B错误；由动能与动量的关系Ek＝可知，动能之比等于质量的反比，即为2∶117，故C错误；由B项分析知，r1∶r2＝2∶90＝1∶45，故D正确。故选D。3.C【解析】将该同学的速度分解为沿房屋墙壁方向和垂直方向，则光斑在墙壁上移动的速度即为该同学的速度沿墙壁方向的分速度，故选C。4.D【解析】对小球b受力分析，如图所示小球b受重力、支持力、库仑力，其中F1为库仑力F和重力mg的合力，根据三力平衡原理可知F1=FN，由图可知，△OAB∽△BFF1，设半球形碗的半径为R，AB之间的距离为L，根据三角形相似可知，所以FN=mbg，由几何关系可得L=2Rsin37°=1.2R，所以，同理可知，当小球b处于C位置时，AC距离为所以有F′=mb′g，根据库仑定律有，根据以上的分析可知，b小球受到的支持力一定等于其重力。而当b下降的过程中，可能是b的质量发生变化，也可能是a、b电荷量的乘积发生了变化，故AB错误；仅是a、b两小球电荷量的乘积qa'qb'发生变化，由以上可得，故C错误；若只有b的质量发生变化，由以上联立可得，故D正确。故选D。5.C【解析】将交流与直流通过阻值都为R的电阻，设直流电流为I，则根据有效值的定义有解得，故C正确ABD错误。故选C。6.D【解析】由于两导线中通入的是同向电流，所以两导线之间一定存在相互吸引的安培力，选项A错误；由安培定则和矢量合成知识可知，点的合磁场方向水平向左，点的合磁场方向水平向右，选项B错误；若点的长直导线通入方向相反的电流，则点导线中的电流在处产生的磁感应强度的方向水平向左，但不知道与原来的两根长直导线中的电流在处产生的合磁感应强度大小的关系，故无法判断处磁感应强度的方向，选项C错误；由于原来的两根通电长直导线在处产生的磁感应强度方向水平向左，故由左手定则可知，若在点的长直导线通入完全相同的电流，其受力方向为，选项D正确。故选D。7.C【解析】滑块未接触弹簧时，故滑块刚接触弹簧时，滑块所受合外力方向水平向右，滑块仍有向右的加速度，A项错误；滑块从起始位置到运动到点速度为零的整个过程中，因摩擦产生的热量等于滑块动能的减少量与恒力做的功之和，即又因为解得，B项错误；C项正确；滑块由到的过程中，动能减少了，做的功，由于摩擦产生的热量，由能量守恒定律得，弹簧的最大弹性势能为，D项错误。故选C。8.AB【解析】对物体A受力分析，水平方向受到拉力F和细线的拉力T，根据力的平衡条件可知，在细线被烧断的瞬间，细线对物体A的拉力T变为零，由牛顿第二定律得，物体A的加速度，故A正确；在细线被烧断前，对C受力分析，由力的平衡得，弹簧对物体C的弹力，在细线被烧断的瞬间，细线对物体B的拉力T变为零，对物体B，由牛顿第二定律得，则物体B的加速度，故B正确；剪断弹簧的瞬间，弹簧的弹力突变为0，所以A、B成为连接体，加速度应为，故C错误；撤去F的瞬间，绳子拉力会突变，A和B的加速度相等，对物体A、B整体，由牛顿第二定律得，则物体A的加速度，故D错误。故选AB。9.BC【解析】根据，可得，A错误；根据，可知，B正确；根据，代入轨道半径，可知，由于地球公转周期为1年，因此火星的公转周期为年，C正确；根据，代入轨道半径可得，因此火星公转加速度是地球公转加速度的，D错误。故选BC。10.CD【解析】带电圆环进入电场后，在电场力的作用下，做匀减速直线运动，而电容器则在电场力的作用下做匀加速直线运动，当他们速度相等时，带电圆环与电容器的左极板相距最近，取向左为正方向，有系统动量守恒，可得，则P在S处的速度不为0，故A错误；该过程电容器（绝缘座）向左做匀加速直线运动，有，环向左做匀减速直线运动，有，由题意可知，解得，P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为，故C正确，B错误；P从O至S的过程中，带电环减速，动能减少，电容器动能增加，系统动能减少，电势能增加，增加的电势能，故D正确。故选CD。11.AD【解析】起初棒做匀加速直线运动，时由牛顿第二定律有，棒切割磁感线，产生的感应电动势为，时的速度为，由闭合电路欧姆定律得，联立解得，A正确；时拉力的功率为，棒最终做匀速运动，设棒的最大速度为，棒受力平衡，则有，其中，联立解得，B错误；内，金属棒做匀加速直线运动，所受安培力，可知安培力随时间均匀增大，安培力的冲量为图线与坐标轴围成的面积，即，C错误；撤去拉力后，以金属棒为研究对象，由动量定理得，又，解得，又有，其中为撤去拉力后棒运动的距离，联立并代入数据解得，D正确。故选AD。12.（1）C（2）（3）②（4）2.0W(1.9~2.1W)【解析】(1)因为要求加在热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，所以滑动变阻器采用分压接法，为了便于调节，应选择最大阻值小的滑动变阻器，故填C。(2)因为器材没有电压表，故用已知内阻的电流表A1串联一个大电阻R3改装成电压表。由于热敏电阻的阻值远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，电路图如图所示(3)把热敏电阻Rx的I1—I2图线的纵坐标改成，即热敏电阻的电压，单位为V，图像就成为热敏电阻的图像。图像上的点与坐标原点连线的斜率表示电阻值。随电压增大，电流增大，电阻实际功率增大，温度升高。NTC热敏电阻在温度升高时电阻值减小，故对应的曲线是②。(4)做出9V，内阻10Ω的电源的图像其与曲线②的交点坐标的乘积即为所要求的实际功率，为，由于作图和读书有一定的误差，故结果范围为。13.AC；0.14【解析】(1)AB.在实验中，因为光照条件不变，所以电池组电动势不变，在电路中电池组的输出电压即为路端电压，电压表所测数据与路端电压相等，测量的电压为实际值，但是电路中电压表和滑动变阻器组成一个并联电路，电池组的输出电流等于电压表所在支路电流和滑动变阻器所在支路的电流之和，电流表测得的电流只是流经滑动变阻器所在支路的电流，小于输出电流，对结果造成了系统误差，所以A正确，B错误；如果仅把滑动变阻器和电流表换成电阻箱，其他器材都不变，在实验中调节电阻箱接入电路的电阻可获得输出电压，根据欧姆定律可得输出电流，也可分析输出电压和输出电流得关系，即也可完成实验，所以C正确，D错误。故选AC。(2)作出电阻得伏安特性曲线如图所示与电池组的输出电压和输出电流的关系图线的交点即为电阻接入电路中时的输出电压和输出电流，由图可读出则此时电池组的输出功率为14.(1)15cm；(2)【解析】(1)汽缸水平放置时，气体压强，体积为汽缸竖直放置时，设活塞与汽缸底部之间的距离为，气体体积为气体压强为气体等温变化，根据玻意耳定律解得(2)解法1：设升温后活塞能到卡环，活塞刚好到达卡环时，活塞与汽缸底部之间的距离此过程气体压强不变由盖—吕萨克定律由于假设成立，活塞能到卡环，温度继续上升，气体等容变化，根据查理定律解得解法2：设温度升至后活塞到卡环，活塞与汽缸底部之间的距离由气体状态方程解得由于假设成立，气体压强为。15.（1）没有超速；（2）；（3）【解析】（1）该电动自行车启动过程中先以恒定的加速度启动再保持以最大输出功率行驶，当牵引力和阻力相等时，该车做匀速直线运动，速度达到最大。则可得，可得该电动自行车没有超速（2）在匀加速阶段，由题图甲可知时直流电动机功率达到最大输出功率，设此时牵引力的大小为，速度大小为，则可得，，可得或（不符合题意，舍去）则（3）根据能量关系可知直流电动机正常工作时，可知当，时，直流电动机有最大输出功率，此时则，电动自行车以最大输出功率匀速行驶过程中始终不变，当时电动机输出功率才最大，电动机线圈切割磁感线的速度也保持不变，得感应电动势的大小16.(1)；(2)；(3)【解析】(1)在点，粒子在电场中获得的竖直分速度大小为