广西钦州市2024-2025学年高二物理下学期期末考试教学质量监测试题含解析

PAGE17-广西钦州市2024-2025学年高二物理下学期期末考试教学质量监测试题（含解析）第Ⅰ卷（选择题共40分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。请把答案写在答题卡上。1.爱因斯坦由光电效应的试验规律，揣测光具有粒子性，从而提出光子说，从科学探讨的方法来说，这属于（）A.科学假说 B.限制变量 C.等效替代 D.数学归纳【答案】A【解析】【详解】爱因斯坦由光电效应的试验规律，揣测光具有粒子性，从而提出光子说，科学探讨的方法属于科学假说，故BCD错误，A正确．故选A．2.2018年3月1日起正式实施国家环境爱护新标准，新标准高度重视对进口废物放射性污染限制，放射性元素钋发生衰变时，会产生He和一种未知粒子X，并放出γA.原子核X

的中子数为206B.是核裂变方程C.γ射线的电离作用很强，可用来消退有害静电D.为防止放射线泄漏，可将放射性元素钋密封于铅盒中【答案】D【解析】【详解】A．依据核反应方程遵循质量数守恒有y=210-4=206则X中的中子数为206-82=124，故A错误；

B．该核反应放出α粒子且反应物只有一个，是α衰变，故B错误；

C．γ射线的穿透作用很强，α射线的电离作用很强，故C错误；

D．为了防止放射线的泄漏，可将放射性元素密封于铅盒中以避开射线对人体的损害和放射性物质对环境造成放射性污染，故D正确。故选D3.如图所示，圆形闭合线圈处于匀强磁场中，磁感线与线圈平面平行，其中ac、bd分别是平行、垂直于磁场方向的两条直径．以下情形中线圈中能产生感应电流的是（）A.使线圈在线圈平面内平动B使线圈沿垂直纸面对外平动C.使线圈以ac为轴转过30°D.使线圈以bd为轴转过30°【答案】D【解析】【详解】A．图示位置线圈与磁场平行，穿过线圈的磁通量为零，使线圈在线圈平面内平动，穿过线圈的磁通量保持为零，没有变更，故不产生感应电流，故A错误；B．图示位置线圈与磁场平行，穿过线圈的磁通量为零，使线圈沿垂直纸面对外平动，穿过线圈的磁通量保持为零，没有变更，故不产生感应电流，故B错误；C．使线圈以ac为轴转动30°，线圈与磁场保持平行，穿过线圈平面的磁通量始终为零，没有变更，故不产生感应电流，故C错误；D．当线圈以bd为轴转动30°，穿过线圈的磁感线条数将发生变更，则磁通量将发生变更，则线圈有感应电流产生，故D正确。故选D。4.一矩形线框在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时，产生的正弦交变电流i随时间t变更的关系如图所示，由图中信息可以推断（）A.在A、C时刻线圈处于垂直中性面的位置B.在B、D时刻穿过线圈的磁通量为零C.从A~D线圈转过的角度为D.若从O~D历时0.02s，则在1s内交变电流的方向变更了50次【答案】A【解析】【详解】A．由图象可知，A、C时刻感应电流最大，感应电动势也最大，此时线圈与中性面垂直，故A正确；B．由图象可知，在B、D时刻，感应电流为零，感应电动势也为零，此时线圈位于中性面上，穿过线圈的磁通量最大，故B错误；C．由图象可知，到从A到D，线圈转过的角度为，故C错误；D．由图象可知，从O~D是一个周期，假如经验时间为0.02s，则1s是50个周期，电流方向变更100次，故D错误。故选A。5.在如图电路中，L为一个自感系数很大、直流电阻不计的线圈，D1、D2是两个完全相同的灯泡，E是一内阻不计的电源，下列说法正确的是（）A.闭合开关S瞬间，灯泡D1、D2同时亮，且D2的亮度大于D1B.闭合开关S一段时间后，D1不亮、D2比刚闭合S时亮度大C.断开开关S，经过D1的电流方向沿图示方向D.断开开关S，D2闪亮一下【答案】B【解析】【详解】AB．开关S闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以、同时发光，且亮度一样，之后由于流过线圈的电流增大，则流过灯的电流渐渐增大，灯渐渐增大，而灯熄灭，故A错误，B正确；C．断开开关S的瞬间，流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，产生的感应电流流过电灯，其方向与规定图示流过电灯的方向相反，故C错误；D．断开开关S的瞬间，灯的电流突然消逝，马上熄灭，故D错误；故选B。6.如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d(d>L)的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动．t＝0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域．下列v­t图像中，可能正确描述上述过程的是()A. B.C. D.【答案】D【解析】线框进入磁场时，由右手定则和左手点则可知线框受到向左的安培力，由于，则安培力减小，故线框做加速度减小的减速运动；同理可知线框离开磁场时，线框也受到向左的安培力，做加速度减小的减速运动；线框完全进入磁场后，线框中没有感应电流，不再受安培力作用，线框做匀速运动，本题选D．7.如图所示，一志向变压器原、副线圈匝数之比为4：1，a、b间接有电压瞬时值表达式为（V）的正弦交变电流，灯泡L1、L2的额定功率相同且恰好都正常发光。该志向电压表的示数为（）A.27.5V B.44V C.110V D.220V【答案】C【解析】【详解】由志向变压器的变流比关系可知，通过灯泡L1、L2的电流之比为由于灯泡L1、L2的额定功率相同且恰好都正常发光，故灯泡L1、L2两端的电压之比为又由志向变压器的变压比关系可知，变压器原副线圈的电压之比为且U1+UL1=220VU2=UL2解得U1=110V所以电压表的示数为110V。

A．27.5V，与结论不相符，选项A错误；B．44V，与结论不相符，选项B错误；C．110V，与结论相符，选项C正确；D．220V，与结论不相符，选项D错误；故选C。8.如图所示，质量为M的小车置于光滑的水平面上，车的上表面粗糙，有一质量为m的木块以初速度v0水平地滑至车的上表面，若车足够长，则()A.木块的最终速度为v0B.由于车表面粗糙，小车和木块所组成的系统动量不守恒C.车表面越粗糙，木块削减的动量越多D.车表面越粗糙，因摩擦产生的热量越多【答案】A【解析】【详解】AB.以小车和木块组成的系统为探讨对象，系统所受的合外力为零，因此系统动量守恒，由于摩擦力的作用，m速度减小，M速度增大，m速度减小到最小时，M速度达最大，最终m、M以共同速度运动．以初速度方向为正方向，依据动量守恒定律有：解得最终两者的共同速度为，故A正确，B错误；C.依据A选项分析，木块削减的动量为：与车面粗糙程度无关．故C错误；D.依据能量守恒，可得产生的热量为：将代入，得：与车面粗糙程度无关．，故D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。请把答案写在答题卡上。9.依据玻尔理论，氢原子的电子由n=4轨道跃迁到n=1轨道时，下列说法正确的是（）A.原子的能量增加，电子的动能削减B.原子的能量削减，电子的动能增加C.电子绕核运动的半径减小D.原子要汲取某一频率的光子【答案】BC【解析】【详解】依据玻尔理论，氢原子电子由n=4轨道跃迁到n=1轨道时，原子的能量减小，原子要辐射出某一频率的光子，电子的轨道半径减小，依据可知动能增加，故选BC。10.如图所示是光电管的原理图，用频率为v1的可见光照耀阴极K，电流表中有电流通过，则（）A.当滑动变阻器的滑动触头移到A端时，电流表中肯定无电流通过B.当滑动变阻器的滑动触头向B端滑动时，电流表示数可能不变C.换用紫外线照耀，电流表中肯定有电流通过D.换用红外线照耀，电流表中肯定无电流通过【答案】BC【解析】【详解】A．滑片移到A端时，所加的电压为零，因为光电子有初动能，则仍能有光电子到达阳极，则灵敏电流表中有电流流过，故A错误。

B．当滑动变阻器的滑动触头向B端滑动时，正向电压变大，但是假如光电流此时已经达到饱和光电流，则电流表示数不变，选项B正确；C．紫外线的频率大于可见光的频率，用紫外线照耀，能产生光电效应，有电流通过电流表。故C正确；D．若用红外线照耀阴极K时，因红外线频率小于可见光，但可能大于极限频率；因此可能发生光电效应，电流表也可能有电流，故D错误。

故选BC。11.几个水球可以拦住一颗子弹？《国家地理频道》的试验结果是：四个水球足够！完全相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，恰好能穿出第4个水球，则可以推断的是（）A.子弹在每个水球中运动的时间相同B.子弹在每个水球中的速度变更相同C.每个水球对子弹的冲量不同D.子弹在每个水球中的动能变更相同【答案】CD【解析】【详解】AB．设水球的直径为d，子弹运动的过程为匀减速直线运动，直到末速度为零，我们可以应用逆过程，相当于子弹初速度为零做匀加速直线运动；因为通过最终1个、最终2个、以及后3个、全部4个的位移分别为d、2d、3d和4d，依据x=知，所用时间之比为1:::2，所以子弹在每个水球中运动的时间不同；子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，所以加速度相同，由△v=at可知，运动的时间不同，则速度的变更量不同；故AB错误；C．依据冲量的定义I=Ft，受力是相同的，运动的时间不同，所以每个水球对子弹的冲量不同．故C正确；D．依据动能定理△Ek=W=Fd受力是相同的，运动的位移相同，所以子弹受到的阻力对子弹做的功相等，所以子弹在毎个水球中的动能变更相同，故D正确。故选CD。12.如图所示，用一根电阻率为，横截面积为S的硬导线做成一个半径为r的圆环，把圆环一半置于匀称变更的磁场中，磁场方向垂直纸面对里，磁感应强度大小随时间的变更率，ab为圆环的一条直径，则（）A.圆环具有收缩的趋势B.圆环中产生顺时针方向的感应电流C.图中ab两点间的电压大小为D.圆环中感应电流的大小为【答案】AD【解析】【详解】AB．由于磁场匀称增大，线圈中的磁通量变大，依据楞次定律可知线圈中电流为逆时针方向，同时为了阻碍磁通量的变更，线圈中将有收缩的趋势，故A正确，B错误；C．依据法拉第电磁感应定律得电动势为ab两端的电压为故C错误；D．依据法拉第电磁感应定律得电动势为回路中的电阻为所以依据闭合电路欧姆定律可知电流为故D正确。故选AD。第Ⅱ卷（非选择题共60分）三、试验题：共18分；每空3分，请把答案写在答题卡上．13.如图所示为“探讨电磁感应现象”的试验装置。（1）将图中所缺的导线补接完整_________；（2）假如在闭合开关时发觉灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关，且在原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器滑片快速向左移动时，电流计指针将_________（填“向左偏”或“向右偏”）；滑片不动，将原线圈A快速拔出副线圈B，电流计指针将_________（填“向左偏”或“向右偏”）。【答案】(1).

(2).向左偏(3).向左偏【解析】【详解】（1）[1]如图所示（2）[2][3]假如在闭合开关时发觉灵敏电流计的指针向右偏了一下，说明穿过线圈的磁通量增加，电流计指针向右偏；将滑动变阻器滑片快速向左移动时，线圈A中电流减小，穿过线圈的磁通量减小，电流计指针将向左偏；将原线圈快速拔出副线圈时，穿过线圈的磁通量削减，电流计指针将向左偏。14.用如图所示的试验装置可验证动量守恒定律，即探讨两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。（1）试验中，不简单干脆测定小球碰撞前后的速度。要间接地解决这个问题，只需通过仅测量_______。A．小球起先释放高度hB．小球抛出点距地面的高度HC．小球做平抛运动的水平位移（2）关于本试验的条件和操作要求，下列说法正确的是_______。A．斜槽轨道必需光滑B．斜槽轨道末端必需水平C．入射球和被碰球的质量必需相等，且大小相同D．被碰小球每次的落点肯定是重合的（3）设小球1的质量为m1，小球2的质量为m2，MP的长度为，ON的长度为，则本试验验证动量守恒定律的表达式为_________。【答案】(1).C(2).B(3).【解析】【详解】（1）[1]验证动量守恒定律试验中，即探讨两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，干脆测定小球碰撞前后的速度是不简单的，依据平抛运动规律，若落地高度不变，则运动时间不变，因此可以用水平射程大小来体现水平速度大小，故须要测量水平射程，AB错误，C正确。（2）[2]试验中，斜槽轨道不肯定须要光滑，但是斜槽轨道末端必需水平，保证小球做平抛运动．为了防止入射球反弹，质量应满意m1>m2，B球每次的落点不肯定是重合的，ACD错误，B正确。（3）[3]由图示可知，碰撞前小球1的落地点是P，两球碰撞，球1的落地点是M，球2的落地点是N，试验须要验证则本试验验证动量守恒定律的表达式为四、计算题：共27分；共3小题，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。写出最终答案不得分．有数值计算的题，答案必需明确写出数值和单位．请把答案写在答题卡上。15.如图所示，线圈面积为S=0.05m2，共N=100匝，线圈总电阻为r=1Ω，外电阻R=9Ω，线圈处于的匀强磁场中。当线圈绕以角速度匀速转动时，求：（1）若从线圈处于中性面起先计时，写出电动势的瞬时表达式；（2）两电表的示数。【答案】（1）200sin20πt（V）；（2）10A；90V【解析】【详解】（1）线圈的角速度，感应电动势的最大值则从线圈处于中性面起先计时，电动势的瞬时值表达式为（2）电路中电流的有效值代入解得即电流表读数为电压表读数为16.如图所示，在固定的足够长的光滑水平杆上，套有一个质量为m＝0.5kg的光滑金属圆环，轻绳一端拴在环上，另一端系着一个质量为M＝1.98kg的木块，现有一质量为m0＝20g的子弹以v0＝100m/s的水平速度射入木块并留在木块中(不计空气阻力和子弹与木块作用的时间，g＝10m/s2)，求：(1)圆环、木块和子弹这个系统损失的机械能；(2)木块所能达到的最大高度。【答案】（1）99J（2）0.01m【解析】【详解】(1)子弹射入木块过程，动量守恒，有m0v0＝(m0＋M)v在该过程中机械能有损失，损失的机械能为ΔE＝m0－(m0＋M)v2解得：ΔE＝99J(2)木块(含子弹)在向上摇摆过程中，木块(含子弹)和圆环在水平方向动量守恒，有(m0＋M)v＝(m0＋M＋m)v′又木块(含子弹)在向上摇摆过程中，机械能守恒，有(m0＋M)gh＝(m0＋M)v2－(m0＋M＋m)v′2联立解得：h＝0.01m。17.如图甲所示，足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ竖直放置，其宽度L=1m，一匀强磁场垂直穿过导轨平面，导轨的上端M与P之间连接一阻值为R=20Ω的电阻，质量为m=0.1kg、电阻为r=4Ω的金属棒ab紧贴在导轨上．现使金属棒ab由静止起先下滑，下滑过程中ab始终保持水平，且与导轨接触良好，其下滑距离x与时间t的关系如图乙所示，图象中的OA段为曲线，AB段为直线，导轨电阻不计，g取10m/s2（忽视ab棒运动过程中对原磁场的影响）。（1）推断金属棒两端a、b的电势哪端高；（2）求磁感应强度B的大小；（3）在金属棒ab从起先运动的1.5s内，金属棒ab上产生的热量。【答案】（1）b端电势较高；（2）B=2T；（3）1.1J【解析】【详解】（1）由右手定可推断感应电流由a到b，可知b端为感应电动势的正极，故b端电势较高。（2）当金属棒匀速下落时，由共点力平衡条件得金属棒产生的感应电动势为则电路中的电流为由图象可得代入数据解得（3）在，以金属棒ab为探讨对象，依据动能定理得解得则金属棒上产生的热量为五、选考题：共15分。18.以下说法正确的是（）A.气体的内能是全部分子热运动的动能和分子间的势能之和B.悬浮颗粒越小布朗运动显著，温度越高布朗运动越猛烈C.分子间的引力总是随分子间距增大而增大D.气体的温度变更时，其分子平均动能和分子间势能也随之变更E.肯定量的气体，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加【答案】ABE【解析】【详解】A．气体的内能是气体内全部分子热运动的动能和分子间势能之和，故A正确；B．悬浮颗粒越小布朗运动越显著，温度越高布朗运动越猛烈，故B正确；C．分子间的引力和斥力都是随分子间距增大而减小，故C错误；D．温度是分子平均动能的标记，气体的温度变更时，其分子平均动能肯定随之变更，而分子间势能不肯定变更，故D错误；E．气体压强是由大量分子对器壁的碰撞而产生的，它包含两方面的缘由：分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数和每一次的平均撞击力，气体的温度降低时，分子的平均动能减小，所以在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加，故E正确。故选ABE。19.如图1所示，一导热性能良好的气缸放置于水平地面上，缸内用可自由移动的活塞封闭肯定质量的志向气体，活塞厚度不计且气密性良好，不计活塞和气缸之间的摩擦。已知活塞质量为m=1kg，面积为S=5cm2，气缸高为