2024-2025学年江西省南昌市立德朝阳中学高一（上）开学考试物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2024-2025学年江西省南昌市立德朝阳中学高一（上）开学考试物理试卷一、单选题：本大题共11小题，共44分。1.关于速度、速度的变化量、加速度，正确的说法是(

)A.物体运动时，速度的变化量越大，它的加速度一定越大

B.速度很大的物体，其加速度可以为零

C.某时刻物体的速度为零，其加速度不可能很大

D.加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大2.杭州第19届亚运会游泳比赛中，中国队以28金21银9铜创历史最佳战绩。来自浙江的运动员余依婷，在长50m的标准泳池中进行的女子400米个人混合泳中，以4分35秒44的成绩，摘得比赛的金牌。则(

)A.研究余依婷的技术动作时可以将她看成质点

B.“4分35秒44”指的是时间间隔

C.余依婷在加速阶段比匀速阶段惯性小

D.余依婷比赛的平均速度大小约为1.45m/s3.下列物体的运动不可能存在的是( )A.速度变化量大，加速度小 B.加速度越来越大，速度越来越小

C.加速度等于0，速度越来越小 D.具有向东的加速度，而速度的方向却向西4.下列关于运动的基本概念的说法，正确的是(

)A.为方便研究物理问题，体积小的物体均可以视为质点

B.加速度a=ΔvΔt是用微元法定义的物理量，加速度与速度的变化量成正比

C.速度v=ΔxΔt是用比值法定义的物理量，速度与位移成正比

D.由速度v=Δx5.一辆汽车沿平直道路行驶，其v−t图像如图所示。在t=0到t=40 s这段时间内，汽车的位移是(

)A.0 B.30 m C.750 m D.1 200 m6.如图；A、B两人骑自行车在同−直线上运动的位移−时间图像，则(

)

A.A、B两人始终同向行驶 B.A、B两人在第1s末相遇

C.前5s内，A的路程比B的路程大 D.前5s内，A的位移比B的位移大7.如图一小球在t=0时刻，以3m/s的速度从斜面底端冲上光滑斜面，t=2s时刻回到斜面底端，其v−t图像如图所示，下列说法正确的是

A.小球上升过程和下降过程的加速度大小相等，方向相反

B.小球上升过程和下降过程的位移相同

C.小球上升到最高点时，小球的瞬时速度和加速度都为零

D.运动过程中，小球在任何相等时间内的速度变化量都相同8.一物体由静止开始做直线运动，其a−t图像如图所示。下列v−t图像中，正确描述此物体运动的是(

)

A.B.C.D.9.甲、乙两个物体由同一地点沿同一方向做直线运动，其v−t图象如图所示。关于两物体的运动情况，下列说法正确的是(

)

A.在t=2s时，甲的速度方向发生改变 B.在t=4s时，甲、乙相遇

C.0～6s内，甲、乙平均速度相同 D.在t=1s时，乙在甲前方10.山东舰是中国第一艘国产航空母舰，一架舰载机在甲板上进行加速起飞的训练，其加速过程中的某段时间内舰载机的位移和时间图像如图所示，则下列说法正确的是(

)

A.舰载机加速起飞过程的运动轨迹是一条曲线

B.在0∼2s内，舰载机的平均速度小于7.5m/s

C.舰载机在M点位置时的速度等于21m/s

D.舰载机在M点位置时的速度大于20m/s11.水平面上A处放置有一半径为r的铁环，铁环的最高点为a点，在A处的右侧B处有一竖直墙面，墙面上固定有一磁铁(厚度不计)，如图所示。现给铁环一水平速度，在水平面上滚动了三圈半后恰好被磁铁吸住。下列说法正确的是(

)A.研究铁环上a点的运动时，可以将铁环看作质点

B.铁环运动过程中，铁环上的a点相对于圆心静止

C.A、B间的距离小于7πr

D.铁环从A处滚到B处的过程中，a点发生的位移二、多选题：本大题共2小题，共8分。12.甲、乙、丙3人各乘不同的热气球，甲看到楼房匀速上升，乙看到甲匀速上升，看到丙匀速上升。那么，从地面上看甲、乙、丙的运动可能是(

)A.甲下降，乙下降，丙上升 B.甲下降，乙下降，丙静止

C.甲上升，乙下降，丙上升 D.甲下降，乙下降，丙下降13.如图所示，甲图为某质点的x−t图像，乙图为某质点的v−t图像，下列关于两质点的运动情况的说法正确的是(

)

A.0～2 s内甲图质点做匀速直线运动，乙图质点做加速直线运动

B.2～3 s内甲图质点和乙图质点均静止不动

C.3～5 s内甲图质点和乙图质点均做减速运动，加速度为−15 m/s2

D.0～5 s内甲图质点的位移为−10 m三、计算题：本大题共5小题，共50分。14.如图所示，弹丸和足球的初速度均为v1=10m/s，方向水平向右。设它们与木板作用的时间都是0.1s，那么：(1)弹丸击穿木板后速度大小变为6m/s，方向不变，求弹丸击穿木板时的加速度大小及方向；(2)足球与木板作用后反向弹回的速度大小为6m/s，求足球与木板碰撞反弹时的加速度大小及方向。15.如图所示，在水平面内建立xOy坐标系，一玩具小车该坐标系内运动。小车从坐标原点O出发，先以v1=5m/s的速度沿y轴正方向运动t1=20s，接着以v2=3m/s的速度沿x轴正方向运动t2=20s(1)遥控玩具小车在整个运动过程中的位移大小和路程；(2)遥控玩具小车在整个运动过程中的平均速度的大小和平均速率。16.一物体沿平直的轨道运动，通过位移传感器记录了不同时刻物体所处的位置，得到位置随时间变化的关系如图所示。求：(1)比较物体在第2个4s内与第4个4s内的平均速度的大小；(2)物体在整个过程的平均速度大小和平均速率。

17.一列队伍长100m，正以某一恒定的速度前进，因有紧急情况通知排头战士，通讯员跑步从队尾赶到队头，又从队头跑至队队尾，在这一过程中队伍前进了100m，设通讯员速率恒定，战士在队头耽搁的时间不计，求他往返过程中跑过的位移和路程的大小。(学有余力的同学可以挑战路程的计算)18.一质点沿直线做单向运动，从A位置运动到B位置。(1)若前25时间内平均速度为4m/s，后35时间内平均速度为(2)若前25位移的平均速度为4m/s，后35位移的平均速度为6m/s，则全过程的平均速度为多大？答案解析1.B

【解析】A.根据

a=ΔvΔt

知，速度变化量大，加速度不一定大，还与所用时间有关，故B.速度很大的物体，加速度可能为零，比如做匀速直线运动，故B正确；C.某时刻物体的速度为零，速度变化可能很快，加速度很大，故C错误；D.当加速度方向与速度方向相反，加速度很大，速度很快减小，故D错误。故选B。2.B

【解析】A.研究余依婷的技术动作时，不能忽略大小和形状，所以不可以将她看成质点。故A错误；B.“4分35秒44”指的是时间间隔。故B正确；C.余依婷在加速阶段和匀速阶段的惯性一样大。故C错误；D.依题意，余依婷比赛的位移为零，其平均速度大小为零。故D错误。故选B。3.C

【解析】A、根据加速度的定义式a=Δv△t，可知物体的速度变化量比较大，时间很长时，加速度则比较小，故A正确;

B、当加速度的方向和速度方向相反时，加速度越来越大，做减速直线运动，速度越来越小，故B正确;

C、根据加速度的定义式a=Δv△t，加速度等于0，物体处于匀速直线运动状态或静止状态，其速度方向不会发生变化，故C错误;

D、当物体向西做减速直线运动时，其加速度的方向向东，故D4.D

【解析】A.物体能否看成质点与所研究的问题有关，不可以将所有体积很小的物体都看成质点，故A错误；B.加速度

a=ΔvΔt

采用了比值法定义物理量，加速度与速度的变化量无关，故CD.速度

v=ΔxΔt

是用比值法定义的物理量，速度与位移无关，当

Δt

非常小趋于零时，可以表示物体在时刻的瞬时速度，这里采用了极限法。故C错误，故选D。5.C

【解析】根据图像法可知通过的位移为图线与时间轴围成的面积，则汽车的位移x=(10+40)×302

m=750 m，6.D

【解析】A.由位移−时间图像的斜率表示速度可知，在

0∼2s

时间内A的斜率是负值，B的斜率是正值，即A、B两人的速度方向相反，故A错误；B.由题图可知，A、B两人在第1s末的位置坐标不同，即A、B两人在第1s末不能相遇，故B错误；C.由题图可知，前5s内，A从30m位置运动到原点，其运动路程为30m，B从原点运动到25m位置，静止2s后向负方向运动12.5m位置，其运动的路程为37.5m，因此前5s内，A的路程比B的路程小，故C错误；D.由位移的定义可知，前5s内，A的位移大小为30m，B的位移大小为12.5m，因此前5s内，A的位移比B的位移大，故D正确。故选D。7.D

【解析】A、由v−t图像可知，加速度恒定，方向不变。大小为a=31m/s2=3m/s2，A错误；

B、v−t图像所围面积表示位移大小，故上升过程和下降过程位移大小相等，方向相反，B错误；

C、上升到最高点时瞬时速度为0，加速度不为08.B

【解析】在0～T2内，物体从静止开始沿加速度方向匀加速运动，v−t图象是向下倾斜的直线；

在T2～T内，加速度为0，物体做匀速直线运动，v−t图象是平行于t轴的直线；

在T～2T，加速度反向，速度方向与加速度方向相反，物体先做匀减速运动，到3T2时刻速度为零，接着反向做初速度为零的匀加速直线运动。v−t9.D

【解析】A.由图可知，t=2s时甲的速度方向没有发生变化，甲的加速度方向发生了变化，故A错误；B.根据图线与坐标轴所围面积表示物体的位移，可得0∼4s内甲乙两物体的位移不同，所以二者不会在t=4s时相遇，故B错误；C.0～6s内，甲、乙两物体的位移分别为x甲由平均速度公式v=xtD.0～1s内，甲、乙两物体的位移分别为x甲=2×1故选D。10.D

【解析】A、位移时间图像描述的是做直线运动的物体的位置随时间变化的规律，可见舰载机加速起飞过程的运动轨迹是一条直线，故A错误；

B、由图知，在0∼2s内，舰载机运动的位移x=(15−0)m=15m，则舰载机的平均速度大小v=xt=7.5m/s，故B错误；

CD、x−t图像的斜率表示速度，由图知，舰载机在M点时的速度vM>vMN=26−152.55−211.D

【解析】解：A、铁环上a点同时参与竖直方向和水平方向的运动，所以研究铁环上a点的运动时，铁环的大小不能忽略，不可以将铁环看作质点，故A错误；

B、铁环运动过程中，铁环上的a点相对于圆心的位置不断变化，不是处于静止状态，故B错误；

C、铁环滚动了三圈半恰好被磁铁吸住，则AB间的距离为：s=3.5×2πr+r=7πr+r>7πr，故C错误；

D、铁环滚动了三圈半恰好被磁铁吸住，此时a在最低点，所以铁环从A处滚到B处的过程中，a点发生的位移为x=(2r)2+(7πr)2=4+49π2⋅r，故D正确。

故选：12.ABD

【解析】解：甲看到楼房匀速上升，说明甲相对于地匀速下降，乙看到甲匀速上升，说明乙匀速下降，而且v乙>v甲，乙看到丙匀速上升，丙可能停在空中，也可能匀速上升，丙也可能匀速下降，且v丙<v乙，故ABD正确，C错误。

故选：ABD。13.AD

【解析】A.根据x−t图象的斜率表示速度，知0～2 s甲图质点做匀速直线运动，根据v−t图象的斜率表示加速度，0～2 s乙图质点做匀加速直线运动，故A正确；B.

2∼3s内：甲图质点静止不动，乙图质点做匀速直线运动，故B错误；C.

3∼5s内：甲图质点做匀速直线运动，乙图质点做匀减速运动，加速度为：a=ΔvΔt=D.

0∼5s内：甲图质点的位移为x甲=0−10m=−10m，乙图质点的速度变化量为0−10m/s=−10 m/s，故故选：AD。14.解：(1)设弹丸初速度方向为正方向，则知弹丸的初速度为v1=10m/s，末速度为v2(2)设足球初速度方向为正方向，则知足球的初速度为v1=10m/s，末速度为v2

【解析】详细解答和解析过程见【答案】15.(1)由题意知超声波第一次往返用时Δ单程运动的时间1单程运动的位移x超声波第二次往返用时Δ单程运动的时间1单程运动的位移x所以

P

、

Q

两点间的距离Δx=解得x1=34m

，

x2=51m(2)由题意知从第一次发射超声波时作为0时刻，超声波经过

12Δt1

到达

P

处。经过

Δt=0.5s

第二次发射超声波，超声波又经过

12Δ由题可知物体D第一次接收超声波在

P

点，第二次接收超声波在

Q

点，两次的时间间隔Δt′=Δt+解得Δt′=0.55s(3)根据匀速运动的位移—时间关系有Δx=vΔt′解得v=30.9m/s

【解析】详细解答和解析过程见【答案】16.(1)由题图可知，

t1=4s

时物体的位置为

x1=24m

，

t2=8s

时物体的位置为

x2所以第2个4s内的平均速度为v又

t3=12s

时物体的位置为

x3=72m

，

t则第4个4s内的位移为Δ所以第4个4s内的平均速度为v由于速度是矢量，正负号只表示物体的运动方向，所以可得v(2)由题图可知，整个过程物体的位移为

x=12m

，则整个过程物体的平均速度为v解得v物体在16s时间内的路程为x′=(72+72−12)m=132m则整个过程物体的平均速率为v′=解得v′=8.25m/s

【解析】详细解答和解析过程见【答案】17.解：设通讯员的速度为

v1

，队伍的速度为

v2

，通讯员从队尾到队头的时间为

t1

，从队头到队尾的时间为

t2

，队伍前进用时间为t即

100整理上式得

v12−2v1v2−v22=0v1t

即为通讯员走过的路程

s1

，

v2t

即为队伍前进距离

通讯员从队尾出发